Matemáticas II Junio 2004 EJERCICIO B z PROBLEMA 3. Hallar todos los valores reales z tales que ∫x 0 − 16 2 − 2 x − 15 dx = ln 25 (3,3 puntos). Solución: Estudiamos la continuidad de la función integrando, y = − 16 2 x − 2 x − 15 x 2 − 2 x − 15 = 0 x= x1 = 5 2 ± 4 + 60 2 ± 8 = = x 2 = −3 2 2 Luego y= − 16 2 x − 2 x − 15 es continua en ℜ − {− 3, 5} En primer lugar calculamos la integral indefinida, descomponemos el integrando en suma de dos fracciones A B A( x + 3) + B( x − 5) −16 −16 = = + = 2 x−5 x+3 ( x − 5) ( x + 3) ( x − 5) ( x + 3) x − 2 x − 15 − 16 = A( x + 3) + B ( x − 5) A + B = 0 5 A + 5 B = 0 − 16 = ( A + B) x + (3 A − 5B ) → → → 8 A = −16 → A = −2 3 A − 5 B = −16 3 A − 5B = −16 sustituyendo en 1ª ecuación − 2 + B = 0 → B = 2 ∫x 2 −2 dx = + dx = − 2 x − 15 x −5 x +3 − 16 2 ∫ −2 2 ∫ x − 5 dx + ∫ x + 3 dx = −2 Ln x − 5 + 2 Ln x + 3 + C = 2 x +3 = Ln ( x + 3) 2 − Ln ( x − 5) 2 + C = Ln +C x−5 Calculemos ahora la integral definida, el cálculo que realizaremos es válido cuando la función integrando es continua en el intervalo [0, z]. z ∫ 0 z 2 2 x + 3 2 z +3 3 dx Ln Ln Ln = = − x 2 − 2 x − 15 z −5 −5 x − 5 0 − 16 Buscamos z de manera que, 2 2 2 2 9 z + 3 3 z + 3 z + 3 9 Ln + Ln 25 → Ln 25 → − Ln = Ln 25 → Ln = Ln = Ln 25 z −5 −5 z −5 z −5 25 z+3 = 3 → z + 3 = 3z − 15 → 18 = 2 z → z = 9 2 z+3 z + 3 z −5 =±3 =9 → z+3 z −5 z −5 = −3 → z + 3 = −3z + 15 → 4 z = 12 → z = 3 z −5 En el caso z = 9, el integrando no es continuo en [0, 9] por lo que esta solución no es válida. En el caso z = 3, el integrando es continuo en el intervalo [0, 3], esta solución es válida. Solución z = 3. 2 z + 3 Ln = Ln 9 z −5