2.10. Teorema de Stokes. El Teorema de Stokes establece que el cálculo de la integral de línea del campo vectorial F en la dirección tangencial de la curva C, es igual a la integral sobre la superficie S de la circulación del campo F alrededor de la frontera, en la dirección de la componente normal unitaria a la superficie, siendo la curva C es una curva orientada positivamente, de tal manera que es la frontera de la superficie orientada positivamente S, Teorema. Sea S una superficie orientada, suave a trozos, limitada por la curva simple cerrada C, suave a trozos, con orientación positiva. Sea F ( x, y, z ) un campo vectorial cuyas componentes tienen primeras derivadas parciales continuas en alguna región abierta D ⊆ ℜ3 que contiene a S. Entonces ∫ F ( x, y, z ) ⋅ dr = ∫∫ ( ∇ × F ) ⋅ nds C S EJEMPLO 68. Utilice el teorema de Stokes para evaluar la integral de superficie del campo vectorial F ( x, y, z ) = ( yz , xz , xy ) a través de la superficie dada por la parte del paraboloide z = 9 − x 2 − y 2 que esta por arriba del plano z = 5 , orientado hacia arriba. Solución. La curva frontera de esta superficie esta dada por la circunferencia resultante entre el paraboloide z = 9 − x 2 − y 2 y el plano z = 5 , por lo cual la ecuación de este círculo viene dado por x 2 + y 2 = 4 , z = 5 . Una parametrización para esta curva C viene dada por la función vectorial g : [ 0, 2π ] → ℜ3 / g ( t ) = ( 2 cos ( t ) , 2sen ( t ) ,5 ) ∫∫ ( ∇ × F ) ⋅ nds = ∫ F ( x, y, z ) ⋅ dr S C = ∫ yzdx + xzdy + xydz C ( 2sen ( t ) 5 ( −2sen ( t ) ) + 2cos ( t ) 5 ( 2cos ( t ) ) + 2cos ( t ) ( 2sen ( t ) ) ( 0 )) dt = ∫ ( −20sen ( t ) + 20cos ( t ) ) dt =∫ 2π 0 2π 2 2 0 2π = 20 ∫ cos ( 2t ) dt 0 = 10 sen ( 2t ) =0 2π 0 Figura 69. Superficie del Ejemplo 68. EJEMPLO 69. Utilice el teorema de Stokes para evaluar la integral de superficie del campo vectorial F ( x, y, z ) = ( zx, x 2 + y 2 , z 2 − y 2 ) a través de la superficie dada por la parte del cono z = y 2 + z 2 que se encuentra por debajo de la esfera x 2 + y 2 + z 2 = 2 orientado hacia la dirección negativa del eje z. Solución. Para esta superficie su frontera esta dada por la circunferencia resultante entre la esfera x 2 + y 2 + z 2 = 2 y el cono z = y 2 + z 2 , para la cual se la ecuación viene dada por x 2 + y 2 = 1 , z = 1 . Una parametrización de esta curva C se define por la función vectorial g : [ 0, 2π ] → ℜ3 / g ( t ) = ( cos ( t ) , sen ( t ) ,1) ∫∫ ( ∇ × F ) ⋅ nds = ∫ F ( x, y, z ) ⋅ dr S C = ∫ zxdx + ( x 2 + y 2 ) dy + ( z 2 − y 2 ) dz C =∫ 2π =∫ 2π 0 0 ((1) cos (t ) ( −sen (t )) + (cos (t )) + ( sen (t )) (cos (t )) + 1 − ( sen (t )) ( 0)) dt 2 ( − sen ( t ) cos ( t ) + cos ( t ) ) dt 2π cos 2 ( t ) = + sen ( t ) 2 0 =0 2 2 Figura 70. Superficie S del Ejemplo 69. EJERCICIOS PROPUESTO 2.10 1) 2) 3)