Universidad Técnica Federico Santa Marı́a Departamento de Matemática Casa Central Coordinación MAT-024 2do. Semestre 2012 MAT 024 – MATEMÁTICAS IV Pauta del Pre Certamen 3 Forma A Nombre: Rol: 1. Determine la serie de Fourier para la función f (t) = 2 + sin(t) + 2 cos(t) − 4 cos(2t) de periodo T = π y definida en [−π/2, π/2]. Solución: La serie de Fourier de una función g(t) de periodo T = π en [−π/2, π/2] viene dada por: a0 + ∞ X (an cos(2nt) + bn sin(2nt)) n=1 donde: 1 a0 = π Zπ/2 2 an = π g(t) dt −π/2 Zπ/2 g(t) cos(2nt) dt 2 bn = π −π/2 Zπ/2 g(t) sin(2nt) dt −π/2 Para la función g(t) = sin(t) + 2 cos(t), tenemos: 1 a0 = π Zπ/2 4 (sin(t) + 2 cos(t)) dt = π −π/2 Zπ/2 8 (−1)n (sin(t) + 2 cos(t)) cos(2nt) dt = π 1 − 4n2 2 an = π −π/2 2 bn = π Zπ/2 8 (−1)n n (sin(t) + 2 cos(t)) sin(2nt) dt = π 1 − 4n2 −π/2 Por tanto la serie de Fourier de g(t) es: ∞ 4 8 X (−1)n (cos(2nt) + n sin(2nt)) + π π n=1 1 − 4n2 Finalmente la serie de Fourier de f (t), es: ∞ 4 8 X (−1)n (cos(2nt) + n sin(2nt)) 2 + − 4 cos(2t) + π π n=1 1 − 4n2 Los desarrollos con lápiz a mina NO tienen derecho a una apelación Universidad Técnica Federico Santa Marı́a Departamento de Matemática Casa Central Coordinación MAT-024 2do. Semestre 2012 2. a. Determine la transformada de Fourier de la función −x xe , x ≥ 0 f (x) = 0, x<0 b. Verifique a través de la representación integral de Fourier que Aπ π cos x, |x| < Z ∞ 2 2 cos(πω/2) cos(ωx) dω = 2 1−ω 0 π 0, |x| > 2 con A ∈ R Z ¿Cuál es el valor de 0 Solución: ∞ cos2 (πω/2) dω? 1 − ω2 d fˆ y luego a) Método 1: Sea fˆ(ω) = F[ f (x)]. Entonces F[−ix f (x)] = dω F[x f (x)] = i d fˆ dω Por otra parte, si µ(x) es la función escalón unitario de Heaviside, entonces 1 1 F[e−ax µ(x)] = √ 2π iω + a Luego, tomando a = 1 y utilizando lo anterior: −i 1 i 1 F[xe−x µ(x)] = √ · = √ 2π (iω + 1)2 2π (iω + 1)2 Método 2: Por definición Z ∞ Z ∞ Z ∞ 1 1 1 −iωx −x −iωx f (x)e dx = √ xe e dx = √ xe−x(iω+1) dx fˆ(ω) = √ 2π −∞ 2π 0 2π 0 Integrando por partes: " # Z ∞ −x(iω+1) x=b 1 1 ˆf (ω) = √1 lı́m − xe e−x(iω+1) dx +√ b→∞ iω + 1 (iω + 1) 0 2π | 2π x=0 {z } =0 De donde se obtiene al integrar nuevamente que 1 1 fˆ(ω) = √ 2π (iω + 1)2 b) Sea Aπ π cos x, |x| < 2 2 f (x) = π 0, |x| > 2 Los desarrollos con lápiz a mina NO tienen derecho a una apelación Universidad Técnica Federico Santa Marı́a Departamento de Matemática Casa Central Coordinación MAT-024 2do. Semestre 2012 Por definición 1 fˆ(ω) = √ 2π Z π/2 −π/2 Aπ A cos(x)e−iωx dx 2 Dado que f es par y e−iωx = cos(ωx) − i sin(ωx) lo anterior se reduce a r Z π/2 r Z π/2 ! π π cos(x(1 + ω)) + cos(x(1 − ω)) fˆ(ω) = 2 A cos(x) cos(ωx) dx = 2 A dx 2 0 2 0 2 De donde se obtiene r fˆ(ω) = A π cos(πω/2) 2 1 − ω2 Al tomar transformada de Fourier inversa obtenemos Z ∞ r 1 π cos(πω/2) iωx f (x) = √ A e dω 2 1 − ω2 2π −∞ Nuevamente, dado que fˆ(ω) es par y eiωx = cos(ωx) + i sin(ωx) obtenemos Z ∞ cos(πω/2) cos(ωx) f (x) = A dω 1 − ω2 0 Por lo tanto A = 1 Finalmente, dado que lı́m + f (x) = lı́m − f (x) = 0 se concluye que x→π/2 x→π/2 ∞ Z 0 A cos2 (πω/2) dω = 0 1 − ω2 Los desarrollos con lápiz a mina NO tienen derecho a una apelación (5 puntos) Universidad Técnica Federico Santa Marı́a Departamento de Matemática Casa Central Coordinación MAT-024 2do. Semestre 2012 3. Determine una expresión en serie trigonométrica de Fourier para f (t) = sin(at) en [−π, π] para a < Z . Utilice su resultado para verificar que 2 ∞ X (−1)n+1 (2n − 1) (4n − n=1 2)2 −1 = π √ 4 2 Solución: La serie de Fourier de la función f (x) de periodo T = 2π en [−π, π] viene dada por: a0 + ∞ X (an cos(nx) + bn sin(nx)) n=1 donde: 1 a0 = 2π Zπ f (x) dx 1 an = π −π Zπ f (x) cos(nx) dx 1 bn = π −π Zπ f (x) sin(nx) dx −π Dado que f (x) es impar los coeficientes an son nulos para todo n ≥ 0 . Por otra parte, Z Z 1 π 1 π (cos(x(n − a)) − cos(x(n + a))) dx bn = sin(ax) sin(nx) dx = π −π π 0 De donde se obtiene al integrar que bn = 2 sin(aπ) (−1)n n 2 sin(aπ) (−1)n+1 n = π a2 − n2 π n2 − a2 Luego, para −π < x < π se tiene la representación en serie de Fourier: ∞ 2 sin(aπ) X (−1)n+1 n sin(ax) = sin(nx) π n2 − a2 n=1 Si tomamos x = π entonces se tiene desde la convergencia puntual (dado que f es continua allı́) que: 2 ∞ 2 sin(aπ) X (−1)n+1 n sin(nπ/2) sin(aπ/2) = π n2 − a2 n=1 Pero 0, si n = 2m (par) sin(nπ/2) = (−1)m+1 , si n = 2m − 1 (impar) De donde se concluye que ∞ X (−1)m+1 (2m − 1) m=1 (2m − 1)2 − a2 = π sin(aπ/2) 2 sin(aπ) Al evaluar en a = 1/2 se obtiene el resultado, pues 2 ∞ X (−1)k+1 (2k − 1) k=1 (4k − 2)2 −1 = π √ 4 2 Los desarrollos con lápiz a mina NO tienen derecho a una apelación