MATEMÁTICAS II EXAMEN DE MATEMÁTICAS – 1ª EVALUACIÓN – 2º BACH. – 25-XI-2011 Nombre:_____________________________________________ Grupo: 1) Sean A y B dos matrices cuadradas de orden 3 cuyos determinantes son 1 y B = −2 . Halla, razonadamente: 2 a) [0,5 p] A3 A = b) [0,5 p] A −1 c) [0,5 p] − 2A d) [0,5 p] A ⋅ B t siendo Bt la matriz traspuesta de B. e) [0,5 p] El rango de B 2) Sean A y B dos matrices que verifican: 4 2 2 4 y A−B = A + B = − 1 2 3 2 a) [1 p] Halla las matrices (A + B)(A − B) y A2 − B 2 b) [1,5 p] Resuelve la ecuación matricial XA − XB − (A + B)t = 2I , siendo I la matriz identidad de orden 2 y (A + B)t la matriz traspuesta de A + B . 1 0 1 x 3) Dadas las matrices A = 2 t + 1 t − 1 y X = y − 2t − 1 z 0 t + 3 a) [1,75 p] Calcula el rango de A según los diferentes valores de t. b) [0,75 p] Razona para qué valores de t el sistema A ⋅ X = O tiene más de una solución. − λ x + y + z = 1 4) Dado el sistema de ecuaciones lineales x + λy + z = 2 λx + y + z = 1 a) [1,75 p] Clasifica el sistema según los valores del parámetro λ . b) [0,75 p] Resuelve el sistema para λ = 0 . MATEMÁTICAS II SOLUCIÓN 1) Sean A y B dos matrices cuadradas de orden 3 cuyos determinantes son A = 1 y B = −2 . Halla, razonadamente: 2 3 1 1 a) A3 = A ⋅ A ⋅ A = = 8 2 1 b) A −1 = =2 A c) − 2A = (− 2)3 A = −4 (un -2 por cada fila, es de orden 3) 1 ⋅ (− 2) = −1 2 e) El rango de B es 3, ya que B = −2 ≠ 0 d) A ⋅ B t = A ⋅ B t = A ⋅ B = 2) Sean A y B dos matrices que verifican: 4 2 2 4 y A−B = A + B = − 1 2 3 2 2 a) Halla las matrices (A + B)(A − B) y A − B 2 4 3 2 2 4 6 20 = 2 − 1 2 4 16 Para hallar A2 − B 2 , hallamos primero A y B, resolviendo el sistema: 4 2 A + B = 6 6 4 2 3 3 1 − 1 3 3 3 2 →A= →B= 2A = 1 2 3 2 − 1 2 = 2 0 2 4 2 4 A − B = − 1 2 (A + B)(A − B) = 3 3 3 3 1 − 1 1 − 1 12 − = A2 − B 2 = 1 2 1 2 2 0 2 0 5 15 − 1 − 1 13 − = 7 2 − 2 3 16 9 b) Resuelve la ecuación matricial XA − XB − (A + B)t = 2I , siendo I la matriz identidad de orden 2 y (A + B)t la matriz traspuesta de A + B . XA − XB − (A + B)t = 2I → XA − XB = 2I + (A + B)t → X(A − B) = 2I + (A + B)t [ ] X = 2I + (A + B)t (A − B)−1 , Llamamos C = 2I + (A + B)t y la calculamos: 0 4 + 2 3 t 0 4 3 6 3 = + 2 2 2 2 4 2 4 A = 2 A12 = 1 → A − B = 8 11 Hallemos ahora (A − B)−1 : A − B = − 1 2 A21 = −4 A22 = 2 2 C = 0 2 2 = 0 2 MATEMÁTICAS II (A − B)−1 [ 1 2 = 8 1 X = 2I + (A + B)t 1 − 4 4 = 2 1 8 1 2 y por último, calculamos X 1 4 1 1 9 − 15 6 3 − 2 4 (A − B)−1 = = 8 4 1 2 4 1 1 0 4 8 − ] 1 0 1 x 3) Dadas las matrices A = 2 t + 1 t − 1 y X = y − 2t − 1 z 0 t + 3 a) Calcula el rango de A según los diferentes valores de t. 1 1 0 1 2 t + 1 t − 1 = (t + 1)(t + 3) + (t − 1)(− 2t − 1) − 2(t + 3) = −t 2 + 3t − 2 = 0 → t = 2 − 2t − 1 0 t+3 1 Para t=1 → A = 2 − 3 1 Para t=2 → A = 2 − 5 0 2 2 ≠ 0 → r(A) = 2 2 0 dos filas proporcionales y −3 0 0 4 1 0 1 3 1 con 1 0 5 1 1 3 ≠ 0 → r(A) = 2 Para t ≠ 1 y t ≠ 2 → A ≠ 0 ⇒ r(A) = 3 b) Razona para qué valores de t el sistema A ⋅ X = O tiene más de una solución. Hemos visto que para t ≠ 1 y t ≠ 2 → A ≠ 0 ⇒ r(A) = 3 , y la matriz ampliada tiene el mismo rango (sólo se añade una columna de ceros), sistema compatible determinado, sólo tiene la solución trivial. Para t = 1 ó t = 2, tenemos que el rango de A es 2, menor que el número de incógnitas, luego (por Rouché-Fröbenius) el sistema es compatible indeterminado, es decir tiene más de una solución. MATEMÁTICAS II − λ x + y + z = 1 4) Dado el sistema de ecuaciones lineales x + λy + z = 2 λx + y + z = 1 a) Clasifica el sistema según − λ 1 1 − λ A = 1 λ 1 A* = 1 λ 1 1 λ los valores del parámetro λ . 1 1 1 λ 1 2 estudiamos los rangos de ambas matrices 1 1 1 1 1 −λ 1 λ 1 = −λ2 + λ + 1 − λ2 − 1 + λ = −2λ2 + 2λ = 0 → λ (− 2λ + 2) = 0 ⇒ λ 1 1 λ=0 λ =1 0 1 1 0 1 1 1 0 1 ≠ 0 → r(A) = 2 Para λ = 0 A = 1 0 1 A* = 1 0 1 2 , 0 1 1 0 1 1 1 1 0 0 1 1 1 0 2 = 0 (dos filas iguales) → r(A* ) = 2 Sistema Compatible Indeterminado 0 1 1 − 1 1 1 Para λ = 1 A = 1 1 1 1 1 1 −1 1 1 1 1 −1 1 1 A* = 1 1 1 1 1 1 1 −1 1 ≠ 0 → r(A) = 2 2 , 1 1 1 1 2 = −1 + 2 + 1 − 1 + 2 − 1 = 2 ≠ 0 → r(A* ) = 3 Sistema incompatible 1 1 Para λ ≠ 0 y λ ≠ 1 → r(A) = 3 = r(A* ) Sistema compatible determinado b) Resuelve el sistema para λ = 0 . Para λ = 0 , 0 1 1 0 ≠ 0 → r(A) = 2 , nos quedamos con las dos primeras ecuaciones: x = 2 − µ y+z =1 y = 1 − µ Solución: y = 1 − µ hacemos z = µ ⇒ x + z = 2 x = 2 − µ z = µ