Álgebra Lineal - Parcial 1 G. Padilla (1) Dados dos vectores u, v ∈ R3 no nulos; muestra que (a) uv = |u||v| cos(φ) donde φ es el ángulo que separa a u, v. [Resp.] [0.5pt] Por la regla trigonométrica del coseno, sabemos que en cualquier triángulo 2 2 2 de lados a, b, c; se satisface que c = a + b − 2ab cos(φ) donde φ es el ángulo que separa a los lados a, b. Si u, v ∈ R3 entonces, por la ley del paralelogramo; los vectores u, v, w = (u − v) están en el mismo plano y sus puntos finales forman un triángulo. Aplicando la ley del coseno; 2 2 2 |u − v| = |u| + |v| − 2|u| · |v| cos(φ) Aplicando las propiedades del producto punto 2 2 2 |u − v| = (u − v) · (u − v) = u · u + v · v − 2u · v = |u| + |v| − 2u · v Comparando ambas igualdades obtenemos el resultado. (b) El vector que se obtiene al proyectar u en la dirección de v es w = λv donde λ = uv vv . [Resp.] [0.5pt] Esta pregunta se puede resolver de dos formas. Manera #1: Sea w = λv el vector que se obtiene al proyectar u en la dirección de v. Entonces u, w, (w − u) conforman un triángulo rectángulo cuyo ángulo recto es formado precisamente por (w − u) y w. Por las propiedades del producto punto 2 0 = w · (w − u) = (ww − uw) = λ (vv) − λ(uv) Simplificando la igualdad y despejando λ se deduce que λ = uv vv . Manera #2: Sea w = λv el vector que se obtiene al proyectar u en la dirección de v. Si l es la recta tv, con t ∈ R; entonces w es el punto de la 2 recta l para el cual se minimiza el cuadrado de la distancia g(t) = |tv − u| . Luego g0 (λ) = 0. Calculando directamente 2 2 g(t) = |tv − u| = (tv − u) · (tv − u) = t (vv) − 2t(uv) + (uu) Derivando g0 (t) = 2t(vv) − 2(uv). Igualando a cero y evaluando en λ, se obtiene que λ(vv) − (uv) = 0. Al despejar λ se obtiene el resultado. (2) Dadas las matrices A= 3 0 −7 0 0 0 5 −1 −1 −2 0 1 2 −1 1 0 1 0 B= 3 1 −5 T Calcula B( A − C ). [Resp.] Procedemos por pasos: 1 5 −2 C= 0 2 0 −1 1 1 1 0 1 −3 2 ALP2 5 −2 0 2 3 0 −7 0 1 1 1 0 5 −1 − 0 = 0 −1 1 0 −3 −1 −2 0 1 A−C T −2 2 −7 −2 4 −2 = 0 −1 0 −3 0 4 [0.5pt] Multiplicando 2 −1 1 −2 2 −7 −2 T 1 0 · 0 −1 4 −2 B( A − C ) = 0 3 1 −5 0 −3 0 4 −4 + 0 + 0 4 + 1 − 3 −14 − 4 + 0 −4 + 2 + 4 0+4+0 0−2+0 = 0+0+0 0−1+0 −6 + 0 + 0 6 − 1 + 15 −21 + 4 + 0 −6 − 2 − 20 −4 2 −18 2 4 −2 = 0 −1 −6 20 −17 −28 [0.5pt] (3) Dados los puntos a = (0, 1, 1); b = (1, 1, −3); c = (2, 1, 0); d = (3, 0, 2); e = (1, 5, 5); f = (1, −1, 2); halla la intersección π1 ∩ π2 entre el plano π1 que contiene a a, b, c y el plano π2 que contiene a d, e, f . [Resp.] Procedemos por pasos. Ecuaciones de los planos: [1pt] Para los planos π1 , π2 elegimos respectivamente los puntos de apoyo a, d y los vectores directores (ortogonales) i j k 1 0 − 4 = (0, −7, 0) u = (b − a) × (c − a) = 2 0 −1 i j k 5 3 = (3, −6, 12) v = (e − d) × ( f − d) = −2 −2 −1 0 De este modo, los planos π1 , π2 determinan las ecuaciones vectoriales u( P − a) = 0 y v( P − d) = 0 donde P = ( x, y, z) es un punto variable a determinar. Al ALP2 3 desarrollar estas ecuaciones obtenemos el sistema de ecuaciones lineales ( π1 : −7y = −7 π2 : 3x −6y +12z = 33 Eliminación de Gauss-Jordan: [1pt] La intersección S = π1 ∩ π2 es el conjunto de soluciones del sistema anterior; que resolvemos con el método de eliminación de Gauss-Jordan 0 −7 0 −7 3 −6 12 33 1 −2 4 11 ∼ ∼ 3 −6 12 33 0 −7 0 −7 0 1 0 1 ∼ 1 0 4 13 0 1 0 1 Conjunto solución: [1pt] El sistema simplificado es x + 4z = 13, y = 1. Si tomamos como parámetro libre a z = t ∈ R entonces x = 13 − 4t, y = 1. Los puntos que satisfacen estas dos igualdades son de la forma S{(13 − 4t, 1, t) : t ∈ R } que corresponden a la recta de vector director w = (−4, 0, 1) y punto de apoyo P0 = (13, 1, 0).