ECUACIONES DIFERENCIALES ORDINARIAS. HOJA DE PROBLEMAS 2. PROBLEMAS DE VALOR INICIAL EN RN . EXISTENCIA, UNICIDAD Y DEPENDENCIA DE LA CONDICIÓN INICIAL. 1. Supongamos que f ∈ C k (I × U, Rn ). Probar que la solución local de x0 (t) = f (t, x(t)) x(t0 ) = x0 (1) dada por el teorema de Picard-Lindelöf es de clase C k+1 . 2. Averiguar si las siguientes funciones son Lipschitz en algún entorno de 0, y en caso afirmativo estimar su constante de Lipschitz en ese entorno. 1 1. f (x) = 1−x 2 1/2 2. f (x) = |x| 3. f (x) = x2 sen(1/x). 3. Aplicar el procedimiento iterativo de la demostración del teorema de Picard-Lindelöf para encontrar la solución de x0 = x, x(0) = 1. 4. Aplicar el procedimiento iterativo de la demostración del teorema de Picard-Lindelöf para encontrar la solución de 0 x (t) = −y(t) y 0 (t) = x(t) x(0) = 1, y(0) = 0. 5. Estudiar la unicidad de las soluciones de −t|x|1/2 x0 (t) = t|x|1/2 si x ≥ 0, si x ≤ 0. 6. Lema (desigualdad de Gronwall generalizada). Supongamos que ψ(t) satisface Z t ψ(t) ≤ α(t) + β(s)ψ(s)ds, t ∈ [0, T ], 0 con β(t) ≥ 0. Entonces se tiene Z ψ(t) ≤ α(t) + t Z α(s)β(s) exp 0 t β(r)dr ds, t ∈ [0, T ]. s Si además α es creciente entonces se tiene Z t ψ(t) ≤ α(t) exp β(s)ds , 0 t ∈ [0, T ]. R t Indicación: definamos φ(t) = exp − 0 β(s)ds , de modo que d dt Z φ(t) t Z t = β(t)φ(t) ψ(t) − β(s)ψ(s)ds 0 β(s)ψ(s)ds ≤ α(t)β(t)φ(t). 0 Integrar esta desigualdad respecto de t y dividir por φ(t) para obtener Z t Z t φ(s) β(s)ψ(s)ds ≤ α(s)β(s) ds. φ(t) 0 0 Sumar α(t) en ambos lados y utilizar la hipótesis para deducir el resultado. 7. Corolario. Si ψ satisface Z ψ(t) ≤ a + t (b ψ(s) + c)ds, t ∈ [0, T ], 0 donde b ≥ 0, entonces c ψ(t) ≤ aebt + (ebt − 1). b Indicación: considerar ψ̃(t) = ψ(t) + c/b. 8. Teorema de Hahn-Banach en Rn . Sean E un subespacio de Rn , y sea T : E → R una aplicación lineal. Entonces existe una aplicación lineal Te : Rn → R tal que 1. Te(x) = T (x) para todo x ∈ E; 2. kTek = kT k. Indicación: Podemos suponer kT k = 1 y E 6= Rn . Sea x1 ∈ Rn \ E, y definamos E1 = {x + tx1 : x ∈ E, t ∈ R}. Se tiene T (x) − kx − x1 k ≤ ky + x1 k − T (y) para todos x, y ∈ E. Sea α = sup{T (x) − kx − x1 k : x ∈ E}. Entonces T (x) − α ≤ kx − x1 k para todo x ∈ E, T (y) + α ≤ ky + x1 k para todo x ∈ E. Defínase T1 : E1 → R por T1 (x + tx1 ) = T (x) + tα. Comprobar que T1 es lineal, que T1 = T en E, y que T1 (z) ≤ kzk para todo z ∈ E1 . Aplicar inducción para concluir. 9. Corolario. Sea k · k una norma cualquiera en Rn . Para todo x ∈ Rn se tiene que kxk = sup{T (x) : T ∈ L(Rn , R), kT k ≤ 1}. 10. Probar que si U es un abierto de Rn , I un intervalo de R, I × U 3 (t, x) → f (t, x) ∈ Rn , es continua y las derivadas parciales ∂f /∂xi existen y son continuas en I × U entonces el problema ( x0 (t) = f (t, x(t)) x(0) = x0 tiene solución local única para todo x0 ∈ U . En particular, si f ∈ C 1 (I × U ) entonces este problema tiene solución local única para todo x0 ∈ U . 11. Sean f : [a, b] → Rn continua, y T : Rn → R lineal. Probar que Z b Z b T f = T ◦ f. a a Más en general, si A : Rn → Rn es lineal, probar que Z b Z b A f = A ◦ f. a Rb a Concluir que la definición de a f como el vector formado por las integrales de las funciones Rb coordenadas de f no depende del sistema de coordenadas elegido en Rn , y que a f queda Rb determinado por el conjunto { a T ◦ f : T ∈ L(Rn , R)}.