PARA LA LÍNEA DE REFINO: Se utilizó 0.20 𝑚𝐿 de NaOH 0.01N para la titulación de 5𝑚𝐿 de muestra de refino ; por lo cual, se tiene una concentración de 0.0004 M de ácido acético en esta corriente, al tiempo t=30 minutos. Tomamos este valor ya que se asume que ya alcanzo el estado estacionario. PARA EL ÁCIDO ACÉTICO: nácido acético = 0.000002 mol mácido acético = 0.000002 mol x (60.053 Vácido acético = g ) =0.0001201g mol 0.0001201g 𝑔 =0.0001122mL 1.07 𝑚𝐿 PARA EL TOLUENO VT = Vácido acético + Vtolueno Vtolueno =VT -Vácido acético Vtolueno =5mL-0.0001122mL Vtolueno =4.9998mL mtolueno 4.9998mL (0.862 ntolueno =4.309g / (92.13 x2 = g ) =0.04677 mol mol 0.000002 mol =0.00004276 (0.000002+0.04677 )mol X2 = BALANCE DE MASA 𝑔 ) =4.309g 𝑚𝐿 x2 0.00004276 = =0.00004276 1-x2 1-0.00004276 Hasta el momento se desconocen el flujo del refino (R) como el flujo del extracto (E) por lo tanto y se hallaran con los balances de masa: Un balance general F+S=R+E Un balance para el soluto Fx1 +Sy2 =Rx2 +E.y1 Se observan estas dos nuevas variables 𝑦1 e 𝑦2 que son las fracciones másicas en el extracto y el solvente. Y donde y2 =Y2 =0 debido a que el solvente ingresa a la torre sin soluto en su composición. Un balance para el solvente S=E(1-y1 ) Y resolviendo las 3 ecuaciones obtenemos: Fx1 +Sy2 =Rx2 +E.y1 Fx1 =Rx2 +E.y1 Fx1 =(F+S-E)x2 + Fx1 =(F+S- S y (1-y1 ) 1 S S )x2 + y 1-y1 (1-y1 ) 1 Fx1 =Fx2 +Sx2 - S S x2 + y 1-y1 (1-y1 ) 1 Fx1 =Fx2 +Sx2 +(y1 -x2 ) Fx1 -Fx2 -Sx2 =(y1 -x2 ) S (1-y1 ) S (1-y1 ) (Fx1 -Fx2 -Sx2 )-y1 (Fx1 -Fx2 -Sx2 )=y1 S-Sx2 F(x1 -x2 )=y1 (S+ Fx1 -Fx2 -Sx2 ) y1 = F(x1 -x2 ) (S+ Fx1 -Fx2 -Sx2 ) y1 =0.0188 Y1 =0.0192 g E=2.004 ⁄s R=F+S-E R=0.6528 g/s
