contenidos teóricos

CURSO BÁSICO DE MATEMÁTICAS PARA ESTUDIANTES DE ECONÓMICAS Y EMPRESARIALES
Unidad didáctica 2. Ecuaciones, inecuaciones y sistemas de ecuaciones e inecuaciones
Autoras: Gloria Jarne, Esperanza Minguillón, Trinidad Zabal
ECUACIONES
CONCEPTOS
Una ecuación es una igualdad entre dos expresiones en las que aparece una o varias incógnitas.
En esta unidad se estudian las ecuaciones con una incógnita que se representa por una letra,
generalmente la letra x. En un último apartado se hace una breve referencia a las ecuaciones con
dos incógnitas, x e y.
Cuando la igualdad entre las dos expresiones se verifica para cualquier valor numérico de las
incógnitas se llama identidad y no se considera una ecuación.
Ejemplo 1:
a) -2x = 8 es una ecuación con una incógnita
b)
x + 3 – lnx = 3 es una ecuación con una incógnita
c) x2 - 2x = y – 1 es una ecuación con dos incógnitas
d) La igualdad 3x + 6 = 3(x+2) no se considera una ecuación sino una identidad porque se verifica para cualquier valor de
la variable x. En concreto, esta igualdad es cierta para cualquier valor de x debido a la propiedad distributiva del producto
respecto de la suma.
Asimismo la igualdad (x+1)2 = x2 + 2x + 1 es una identidad.
En toda la unidad se trabaja en el conjunto de los números reales.
Una solución de una ecuación es un valor numérico de cada una de las incógnitas para los que se
verifica la igualdad.
Ejemplo 2:
a) x = 9 es solución de la ecuación
x = x – 6, ya que
9=9–6
b) x = -2 y x = 5 son soluciones de la ecuación x2 – 3x – 10 = 0, ya que (-2)2 – 3(-2) – 10 = 0 y 52 – 3.5 – 10 = 0
c) La ecuación ex + 7 = 3 no tiene ninguna solución, ya que ex es un número positivo para cualquier valor de x
d) (x, y) = (-1, 3) es solución de la ecuación 4x + y = -1, ya que 4(-1) + 3 = -1
Resolver una ecuación es calcular el conjunto de todas sus soluciones.
Ejemplo 3:
a) La ecuación x2 = 9 tiene por soluciones x = 3 y x = -3
b) La ecuación 3x + 1 = 16 tiene por solución x = 5
c) La ecuación 2x = 16 tiene por solución x = 4
d) La ecuación ex = 0 no tiene solución
e) La ecuación y – ex + 4 = 0 tiene por solución el conjunto de puntos (x, ex – 4) con x cualquier número real
Dos ecuaciones son equivalentes si tienen las mismas soluciones.
Ejemplo 4:
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a) Las ecuaciones 3x + 1 = 16 y 3x = 15 son equivalentes, ya que ambas tienen como única solución x = 5
b) Las ecuaciones x2 = 9 y 5x = 15 no son equivalentes, ya que, aunque x = 3 es solución para ambas, la primera ecuación
tiene además como solución x = -3
A continuación se enumeran algunas operaciones que permiten transformar una ecuación en otra
equivalente, con el objetivo de obtener una ecuación más sencilla de resolver que la primera:
•
Sumar o restar una misma expresión a los dos miembros de la ecuación.
•
Multiplicar o dividir por una misma expresión no nula los dos miembros de la ecuación.
En algunos casos, mediante las dos operaciones anteriores, se puede resolver una ecuación
obteniendo ecuaciones equivalentes hasta lograr despejar la incógnita.
Ejemplo 5:
Son ecuaciones equivalentes a la ecuación 6x - 13 = 3x + 2 las siguientes:
sumando 13 a los dos miembros
6x = 3x + 15
restando 3x a los dos miembros
3x = 15
multiplicando por
1
los dos miembros
3
x=5
Por tanto, la ecuación 6x - 13 = 3x + 2 tiene una única solución que es x = 5
ECUACIONES POLINÓMICAS CON UNA INCÓGNITA
Las ecuaciones polinómicas son aquellas equivalentes a una ecuación cuyo primer término es un
polinomio y el segundo es cero. Así, una ecuación polinómica de grado n se puede escribir de la
forma:
an xn + an-1 xn-1 + ... + a1 x + a0 = 0
donde an, an-1, ... y a0 son los coeficientes de la ecuación y an ≠ 0
Ejemplo 6:
a) 4x - 5 = 0 es una ecuación polinómica de grado 1
b) 3x2 - 5x + 8 = 0 es una ecuación polinómica de grado 2
c) 1 - x6 = 7 + 2x es una ecuación polinómica de grado 6
d)
x2 - 1
x-1
=
es una ecuación polinómica de grado 2
4
8
e) Las siguientes ecuaciones no son polinómicas: 4x - 5 x = 0, 1 + ex = 7,
1
x2 - 1
=
x
4
Ecuaciones polinómicas de primer grado
Una ecuación polinómica de primer grado o lineal es equivalente a una de la forma ax + b = 0, con
a ≠ 0.
Para resolverla se pasan todos los términos con x a un miembro y los que no tienen x al otro, por
último se despeja la incógnita y se obtiene una única solución:
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ax + b = 0 ⇒ ax = -b = 0 ⇒ x =
-b
a
Ejemplo 7: Para resolver la ecuación 7x - 18 = 3x, se realizan los siguientes pasos:
1º) se pasa 18 sumando al segundo miembro
7x = 3x + 18
2º) se pasa 3x restando al primer miembro
4x = 18
3º) se pasa 4 dividiendo al segundo miembro
x=
Por tanto, la ecuación 7x - 18 = 3x tiene una única solución que es x =
18
9
=
4
2
9
2
Ecuaciones polinómicas de segundo grado
Una ecuación polinómica de segundo grado o cuadrática es equivalente a una ecuación de la forma
ax2 + bx + c = 0, con a ≠ 0.
Se puede demostrar que las soluciones de una ecuación de segundo grado vienen dadas por:
x =
-b ±
b2 - 4ac
2a
A la expresión b2 - 4ac que aparece dentro de la raíz cuadrada de la fórmula anterior se le llama
discriminante de la ecuación. Teniendo en cuenta que para resolver la ecuación es necesario
calcular la raíz cuadrada del discriminante se tienen los siguientes casos:
•
Si b2 - 4ac > 0 entonces la ecuación tiene dos soluciones distintas.
•
Si b2 - 4ac = 0 entonces la ecuación tiene una única solución que es doble o de multiplicidad
2 (se puede considerar que la ecuación tiene dos soluciones iguales).
•
Si b2 - 4ac < 0 entonces la ecuación no tiene solución.
Observar que en esta unidad se considera que se resuelven las ecuaciones en el conjunto de los
números reales. Si se hiciera la resolución en el conjunto de los números complejos, la conclusión
del apartado c) sería que la ecuación no tiene raíces reales pero sí complejas. (Ver la Unidad
Didáctica de Números Complejos)
Ejemplo 8: Resolver las siguientes ecuaciones de segundo grado:
a) 2x2 + 5x - 3 = 0. Aplicando la fórmula se tiene x =
Por tanto, las soluciones son x =
-5 ±
52 - 4.2.(-3)
=
2.2
-5 ±
-5 ± 49
-5 ± 7
25 + 24
=
=
=
4
4
4
1
y x = -3.
2
b) 4x2 - 12x + 9 = 0. Aplicando la fórmula se tiene x =
Por tanto, la única solución es x =
12 ±
12 ±
122 - 4.4.9
=
2.4
⎧12
⎨
⎩-3
144 - 144
12
3
=
=
8
2
8
3
que es doble o de multiplicidad 2.
2
c) x2 - 2x + 9 = 0. Aplicando la fórmula se tiene x =
2±
2 ± -32
(-2)2 - 4.1.9
=
y se concluye que no existe solución ya
2
4
que el discriminante es negativo.
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En la resolución de determinadas ecuaciones polinómicas de grado 2 no merece la pena aplicar la
fórmula anterior. En concreto, cuando el coeficiente b o c es cero la resolución es inmediata
teniendo en cuenta que:
•
Si b = 0, se tiene la ecuación ax2 + c = 0 que se resuelve despejando x2 y tomando raíces
cuadradas si es posible
-c
-c
-c
ax2 + c = 0 ⇒ x2 =
⇒ x=±
, si
≥0
a
a
a
•
Si c = 0, se tiene la ecuación ax2 + bx = 0 y se resuelve sacando factor común la incógnita x
y teniendo en cuenta que para que el producto de dos factores sea 0 basta que lo sea uno de
ellos
⎧x=0
ax2 + bx = 0
⇒
x (ax + b) = 0
⇒
⎪
⎨
-b
⎪⎩ ax + b = 0 ⇒ x = a
Ejemplo 9: Resolver las siguientes ecuaciones de segundo grado:
a) 5x2 - 20 = 0. Despejando x2 se tiene x2 = 4 y tomado raíces cuadradas x = ± 4 = ±2. Por tanto, las soluciones de la
ecuación son x = -2 y x = 2.
b) 3x2 + 7 = 0. Despejando x2 se tiene x2 =
-7
y como el cuadrado de un número no puede ser negativo se deduce que la
3
ecuación no tiene soluciones.
c) -3x2 + 4x = 0. Sacando factor común la x se tiene x(-3x + 4) = 0. Teniendo en cuenta que para que el producto de dos
4
factores sea 0 basta que lo sea uno de ellos, se obtiene que o bien x = 0 o bien -3x + 4 = 0, es decir x = . Por tanto, las
3
4
soluciones de la ecuación son x = 0 y x = .
3
Es útil tener en cuenta que si la ecuación ax2 + bx + c = 0 tiene como soluciones r1 y r2 se puede
escribir de las siguientes formas:
•
a (x - r1) (x - r2) = 0
•
x2 - sx + p = 0, siendo s la suma de las soluciones, s = r1 + r2 = mismas, p = r1 r2 =
b
, y p el producto de las
a
c
a
Ejemplo 10:
a) Las soluciones de la ecuación -3x2 + x + 2 = 0 son x =
Por tanto, la ecuación se puede escribir, –3
(
x–
-2
3
)
-1 ±
-1 ± 1 + 24
-1 ± 25
-1 ± 5
12 - 4(-3).2
=
=
=
=
-6
2(-3)
-6
-6
(x - 1) = 0, es decir, –3
(
x+
2
3
)
⎧-2
⎨3
⎩1
(x - 1) = 0.
b) La ecuación x2 + 2x - 15 = 0 se puede resolver teniendo en cuenta que si r1 y r2 son las soluciones de la ecuación se ha
de verificar que r1 + r2 = -2 y r1 r2 = -15. Por tanto, es inmediato que las soluciones de la ecuación son r1 = -5 y r2 = 3.
c) La ecuación de segundo grado que verifica que la suma de sus soluciones es 5 y el producto 7 es x2 - 5x + 7 = 0
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Ecuaciones polinómicas de cualquier grado
Una ecuación polinómica de grado n es equivalente a una de la forma
an xn + an-1 xn-1 + ... + a1 x + a0 = 0, con an ≠ 0
Si en una ecuación polinómica el polinomio está factorizado (está expresado como producto de
polinomios de grado 1 o de mayor grado pero sin raíces reales), es inmediato el cálculo de sus
soluciones teniendo en cuenta que un producto de factores es igual a cero si y sólo si alguno de los
factores es nulo. De esta forma, las soluciones de la ecuación se obtendrán resolviendo cada una de
las ecuaciones polinómicas obtenidas al igualar cada uno de los factores a cero.
Ejemplo 11: La ecuación (2x2 + 5)(x - 3)(1 + x) = 0 tiene por soluciones x = 3 y x = -1.
En efecto, al estar factorizado el polinomio, las soluciones de la ecuación se calculan resolviendo las siguientes ecuaciones:
2x2 + 5 = 0 que no tiene soluciones
x – 3 = 0 cuya solución es x = 3
1 + x = 0 cuya solución es x = -1
Los siguientes resultados permiten, en algunos casos, factorizar un polinomio:
•
Si no hay término independiente, es decir a0 = 0, se saca factor común la mayor potencia
posible de x
•
La diferencia de cuadrados es igual a la suma por la diferencia
•
Si un polinomio de coeficientes enteros es divisible por x - x0, con x0 un número entero,
entonces x0 es divisor del término independiente a0
•
Un polinomio es divisible por x - x0 ⇔ x0 es solución de la ecuación polinómica resultante de
igualar ese polinomio a cero
Ejemplo 12 : Resolver las siguientes ecuaciones:
a) (2x - 3) (1- x) (x + 6) = 0
Como el polinomio está factorizado las soluciones de la ecuación son los números que anulan uno cualquiera de los
factores:
2x - 3 = 0 ⇔ x =
3
2
1-x=0⇔x=1
x + 6 = 0 ⇔ x = -6
3
Por tanto, las soluciones son x = , x = 1 y x = -6.
2
b) 2x3 + 5x2 = 0
Para resolver esta ecuación, al ser el término independiente 0, se saca factor común x2, quedando x2 (2x + 5) = 0. Al
estar el polinomio factorizado las soluciones son los números que anulan uno cualquiera de los factores:
x2 = 0 ⇔ x = 0 doble
Por tanto, las soluciones son x = 0 doble y x =
2x + 5 = 0 ⇔ x =
-5
2
-5
.
2
c) x4 - 25 = 0
Teniendo en cuenta que el polinomio x4 - 25 es diferencia de cuadrados (los cuadrados de x2 y de 5), la ecuación se
puede escribir de la forma (x2 + 5)(x2 - 5) = 0.
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Las soluciones de la ecuación son los números que anulan uno cualquiera de los factores. Como la ecuación x2 + 5 = 0 no
tiene solución, las únicas soluciones de la ecuación inicial son las de x2 – 5 = 0, es decir, x =
5 y x = - 5.
d) 4x3 + 8x2 - x - 2 = 0
Para factorizar el polinomio 4x3 + 8x2 - x – 2 se tiene en cuenta que los divisores enteros del término independiente, -2,
son 1, -1, 2 y -2. Sustituyendo x = 1, x = -1, x = 2 y x = -2 en la ecuación se observa que únicamente x = -2 es
solución. Dividiendo 4x3 + 8x2 - x - 2 entre x - (-2) = x + 2, mediante la Regla de Ruffini, se obtiene:
4
-2
4
8
-1
-2
-8
0
2
0
-1
0
Por tanto, el polinomio se puede escribir de la forma 4x3 + 8x2 - x - 2 = (x + 2) (4x2 - 1) y la ecuación inicial se puede
expresar como (x + 2) (4x2 - 1) = 0. Así, las soluciones de la ecuación son los números que anulan uno cualquiera de los
factores:
4x2 - 1 = 0 ⇔ x2 =
x + 2 = 0 ⇔ x = -2
Por tanto, las soluciones son x = -2, x =
1
1
⇔x=±
4
2
-1
1
yx= .
2
2
e) x5 – x4 - 4x3 - 4x2 - 5x - 3 = 0
Aplicando la Regla de Ruffini para factorizar el polinomio x5 – x4 - 4x3 - 4x2 - 5x – 3, se obtiene:
1
-1
1
-1
1
3
1
-1
-4
-4
-5
-3
-1
2
2
2
3
-2
-2
-2
-3
0
-1
3
-1
3
-3
1
-3
0
3
0
3
0
1
0
Así, la ecuación inicial se puede expresar de la forma (x + 1)2 (x - 3) (x2 + 1) = 0. Como el polinomio está factorizado las
soluciones de la ecuación son los números que anulan uno cualquiera de los factores:
(x + 1)2 = 0 ⇔ x = -1 doble
x-3=0⇔x=3
x2 + 1 = 0 no tiene solución
Por tanto, las soluciones son x = 3 y x = -1 doble.
Ecuaciones bicuadradas
Una ecuación bicuadrada es una ecuación polinómica de grado cuatro equivalente a una de la forma
ax4 + bx2 + c = 0, con a ≠ 0.
Una ecuación de este tipo se resuelve transformándola en una ecuación de segundo grado con el
cambio de variable t = x2. Sustituyendo en la ecuación inicial se obtiene la ecuación polinómica de
grado dos, at2 + bt + c = 0. Resolviendo esta ecuación y considerando que x = ± t, se obtienen, si
existen, las soluciones de la ecuación inicial.
Ejemplo 13: Resolver la ecuación x4 - x2 - 6 = 0.
Haciendo t = x2 se obtiene la ecuación t2 - t - 6 = 0, de donde t =
1±
⎧3
1 ± 25
1±5
12 - 4.1.(-6)
=
=
=⎨
2
2
2
⎩-2
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Por tanto, las soluciones de la ecuación inicial son únicamente x = ±
3 ya que ±
-2 no son números reales.
ECUACIONES NO POLINÓMICAS CON UNA INCÓGNITA
Una ecuación no polinómica es, en general, más difícil de resolver que una ecuación polinómica. Por
tanto, únicamente se tratan algunos tipos particulares.
Ecuaciones racionales
Son aquellas ecuaciones equivalentes a una ecuación cuyo primer término es un cociente de
P(x)
= 0, con P(x) y Q(x) polinomios.
polinomios y el segundo es cero, es decir,
Q(x)
Ejemplo 14:
Son ecuaciones racionales:
x2 - 1
= 0,
8x4 - x + 1
No son ecuaciones racionales: 4x - 5 x = 0,
x3 - 1
x2 - 1
=
x8 + 3x
4x5
3x - 5cosx + 8 = 0
La soluciones de estas ecuaciones son las soluciones de la ecuación polinómica obtenida al igualar el
numerador a cero que además no anulan al polinomio del denominador, es decir, las soluciones de
la ecuación P(x) = 0 que no anulan al denominador Q(x).
Ejemplo 15: Resolver las siguientes ecuaciones racionales:
a)
x2 + 6x + 5
=0
x+1
Igualando el numerador a 0 se obtiene la ecuación polinómica x2 + 6x + 5 = 0, cuyas soluciones son:
x=
-6 ±
62 - 4.1.5
=
2
=
-6 ±
⎧-1
-6 ± 16
-6 ± 4
36 - 20
=
=
=⎨
2
2
2
⎩-5
El denominador de la ecuación inicial, x + 1, se anula para la solución x = -1, por tanto, la única solución de la ecuación
x2 + 6x + 5
= 0 es x = -5.
x+1
(x + 1) (x + 5)
= 0 y
Se observa que en esta ecuación al factorizar el polinomio del numerador, la ecuación queda
x+1
simplificando el factor x + 1 se obtiene la ecuación x + 5 = 0 cuya solución es x = -5.
b)
x
x2 + 2
=
x-2
x2 - 4
Para resolverla, en primer lugar, se realizan las operaciones necesarias para escribir la ecuación como un cociente de
polinomios igualado a 0:
x
x2 + 2
=
x-2
x2 - 4
⇔
⇔
Para resolver la ecuación
x2 + 2
x
=0
x2 - 4 x - 2
x2 + 2 - (x2 + 2x)
=0
x2 - 4
x2 + 2 x (x + 2)
=0
x2 - 4
x2 - 4
⇔
⇔
⇔
2 - 2x
=0
x2 - 4
2 - 2x
= 0, se iguala el polinomio del numerador a 0 obteniéndose
x2 - 4
2 - 2x = 0 cuya solución es x = 1
y como x = 1 no anula el polinomio del denominador, se tiene que es la solución.
En consecuencia, la solución de la ecuación
x2 + 2
x
=
es x = 1.
x-2
x2 - 4
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Ecuaciones con raíces
Son aquellas en las que la incógnita aparece en el radicando de una o varias raíces.
Para resolver este tipo de ecuaciones se procede como sigue:
•
si sólo hay una raíz en cuyo radicando está la incógnita, se despeja esta raíz en un miembro
de la ecuación y se elevan ambos miembros de la igualdad al índice de la raíz, obteniéndose
una ecuación sin raíces
•
si hay más de una raíz en cuyo radicando está la incógnita, se despeja una de las raíces en
un miembro de la ecuación y se elevan ambos miembros al índice de dicha raíz. Se repite
este proceso las veces que sea necesario, hasta obtener una ecuación sin raíces
•
En cualquier caso, hay que tener en cuenta que si el índice de la raíz es un número par
entonces la ecuación que se obtiene no tiene porqué ser equivalente a la inicial, ya que
pueden aparecer otras soluciones. Por tanto, una vez calculadas las soluciones de esta
ecuación sin raíces, se ha de comprobar si realmente son soluciones de la ecuación inicial
Ejemplo 16: Resolver las siguientes ecuaciones:
a)
3
x+1 = x -
3
x+1
Como únicamente hay una raíz,
3
x+1, para resolverla se pasa la raíz del segundo miembro al primero, quedando
2
3
x+1 = x
se elevan al cubo ambos miembros obteniéndose una ecuación polinómica
(2 3 x+1)
3
= x3
8(x + 1) = x3
⇔
x3 - 8x - 8 = 0
⇔
Para resolver esta ecuación polinómica, se factoriza mediante la regla de Ruffini el polinomio x3 - 8x – 8.
1
-2
1
0
-8
-8
-2
4
8
-2
-4
0
Así, la ecuación polinómica se puede escribir de la forma (x + 2) (x2 - 2x – 4) = 0 y sus soluciones son los valores que
anulan alguno de los dos factores:
x + 2 = 0 ⇔ x = -2
x2 - 2x – 4 = 0 ⇒ x =
2±
⎧1 + 5
2 ± 20
2± 2 5
4 + 16
=
=
= ⎨
2
2
2
⎩1 - 5
Por tanto, las soluciones de la ecuación x3 - 8x - 8 = 0 son x = -2, x = 1 +
5yx=1-
5.
Esta ecuación polinómica es equivalente a la inicial ya que el índice de la raíz es impar, por tanto, se puede asegurar que
x = -2, x = 1 +
b) x - 2 = 3 +
5yx=1-
5 son las soluciones de la ecuación
3
x+1 = x -
3
x+1.
4x - 24
En primer lugar, se despeja la raíz en un lado de la igualdad
x-5=
se elevan al cuadrado ambos miembros de la igualdad
(x - 5)2 = 4x - 24
y haciendo operaciones, se obtiene la ecuación polinómica
x2 - 14x + 49 = 0
4x - 24
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Resolviendo esta ecuación polinómica se obtiene que su solución es x =
14±
14 ±
(-14)2 - 4.1.49
= =
2
196 - 196
= 7
2
doble.
En este caso se ha de comprobar si las soluciones de la ecuación polinómica lo son también de la ecuación inicial ya que al
ser el índice de la raíz par, la ecuación obtenida puede no ser equivalente. Sustituyendo x = 7 en x - 2 = 3 +
4x - 24
queda 5 = 5 y, por tanto, se tiene que x = 7 es solución de la ecuación inicial.
c)
x+1 + x + 1= 2x
En primer lugar, se deja la raíz en un lado de la igualdad
x+1=x-1
se elevan al cuadrado ambos lados de la igualdad
x + 1= (x - 1)2
y haciendo operaciones, se obtiene la ecuación polinómica
x2 - 3x = 0
Factorizando el polinomio, la ecuación queda x(x - 3) = 0, cuyas soluciones son x = 0 y x = 3.
Sustituyendo estas soluciones en la ecuación inicial se obtiene:
x = 0 no es solución de la ecuación
x = 3 es solución de la ecuación
Por tanto, la ecuación
d)
2x + 9 -
x+1 + x + 1= 2x, ya que sustituyendo se obtiene 2 = 0
x+1 + x + 1= 2x, ya que sustituyendo se obtiene 6 = 6
x+1 + x + 1= 2x tiene como solución x = 3.
x+1=2
En primer lugar, se despeja una raíz
2x + 9 = 2 +
x+1
se elevan al cuadrado ambos lados de la igualdad
2x + 9 = 4 + x + 1 + 4 x + 1
se deja la raíz en un miembro
x+4=4 x+1
se eleva al cuadrado ambos lados de la igualdad
x2 + 8x + 16 = 16x + 16
y haciendo operaciones, se obtiene la ecuación polinómica
x2 - 8x = 0
Factorizando el polinomio, la ecuación queda x(x - 8) = 0, cuyas soluciones son x = 0 y x = 8.
Sustituyendo estos valores de la incógnita en la ecuación
2x + 9 -
x + 1 = 2 se comprueba que en ambos casos se
cumple la igualdad, en consecuencia, las soluciones son x = 0 y x = 8.
e)
1
=x
x
Se elevan al cuadrado ambos miembros de la igualdad, obteniéndose la ecuación
1
= x2.
x
Para resolver la ecuación racional obtenida, en primer lugar, se realizan las operaciones necesarias para escribir la
ecuación como un cociente de polinomios igualado a 0:
1
= x2
x
Para resolver la ecuación
⇔
1
- x2 = 0
x
⇔
1 - x3
=0
x
1 - x3
= 0, se iguala el polinomio del numerador a 0 obteniéndose
x
1 - x3 = 0 cuya solución es x = 1
y como x = 1 no anula el polinomio del denominador, se tiene que es la solución.
Sustituyendo x = 1 en la ecuación
1
= x se comprueba que se cumple la igualdad, por tanto, la solución es x = 1.
x
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CURSO BÁSICO DE MATEMÁTICAS PARA ESTUDIANTES DE ECONÓMICAS Y EMPRESARIALES
Unidad didáctica 2. Ecuaciones, inecuaciones y sistemas de ecuaciones e inecuaciones
Autoras: Gloria Jarne, Esperanza Minguillón, Trinidad Zabal
Ecuaciones con funciones elementales sencillas (exponencial y logaritmo)
Teniendo en cuenta que la función exponencial es inversa de la logarítmica y viceversa, en
ocasiones es posible resolver ciertas ecuaciones en las que aparece una de estas dos funciones.
Para facilitar esta resolución, se indican a continuación algunas cuestiones a tener en cuenta:
•
Es conveniente comenzar a resolver la ecuación despejando en uno de sus miembros un
término que contenga una de estas funciones
•
Si en una ecuación se aplica la función exponencial o logarítmica a los dos miembros se
obtiene una ecuación equivalente, en otras palabras, la función exponencial y logarítmica son
inyectivas
•
La función exponencial siempre toma valores positivos
•
Únicamente se puede calcular el logaritmo de números positivos
•
Puede ser conveniente aplicar algunas propiedades de las potencias para simplificar la
ecuación:
ea
ea eb = ea+b
= ea-b
(ea)b = eab
eb
•
Puede ser conveniente aplicar algunas propiedades de los logaritmos para simplificar la
ecuación:
a
ln
= lna - lnb
ln(ab) = b lna
ln(ab) = lna + lnb
b
Ejemplo 17: Resolver las siguientes ecuaciones:
a) lnx + 1 = 1
Haciendo operaciones para dejar el término logarítmico en un miembro queda
lnx = 0
aplicando la función exponencial que es inversa de la logarítmica se obtiene
elnx = e0 ⇔ x = 1
Por tanto, la solución de la ecuación lnx + 1 = 1 es x = 1
b) e2x-3 - 3 = -2
Haciendo operaciones para dejar el término exponencial en un miembro queda
e2x-3 = 1
tomando logaritmos en ambos miembros de la ecuación
ln(e2x-3) = ln1 ⇔ 2x – 3 = 0 ⇔ x =
Por tanto, la solución de la ecuación e2x-3 - 3 = -2 es x =
3
2
3
2
c) e3x+4 = -1
Esta ecuación no tiene solución ya que la función exponencial toma siempre valores positivos.
d) ln(x2 - 6) = ln(-x)
Teniendo en cuenta que la función logaritmo es inyectiva se obtiene la ecuación polinómica:
x2 - 6 = -x
Las soluciones de la ecuación polinómica obtenida son x =
⇔
-1±
x2 + x - 6 = 0
⎧2
-1 ± 25
12 - 4.1.(-6)
=
=⎨
2
2
⎩-3
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Unidad didáctica 2. Ecuaciones, inecuaciones y sistemas de ecuaciones e inecuaciones
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Sustituyendo estos valores de x en la ecuación original se obtiene que la única solución de la ecuación ln(x2 - 6) = ln(-x)
es x = -3, ya que los términos ln(x2 - 6) y ln(-x) no existen para
x = 2.
e) e5x+5 – e-x-1 = 0
Esta ecuación es equivalente a e5x+5 = e-x-1 y teniendo en cuenta que la función exponencial es inyectiva, se obtiene:
5x + 5 = -x –1 ⇔ 6x + 6 = 0 ⇔ x = -1
5x+5
Por tanto, la solución de la ecuación e
– e-x-1 = 0 es x = -1.
ECUACIONES CON DOS INCÓGNITAS
La expresión general de una ecuación con dos incógnitas, x e y, es F(x, y) = 0, siendo F una
función.
Ejemplo 18: Son ecuaciones con dos incógnitas las siguientes:
y – x + 3 = 0, x + lny = 4, x2 – 5x – y = 3 – 4x3, ex+2 = y –2, x2 – 5x – y = 0, x2 + y2 – xy = 5
En esta unidad principalmente se consideran aquellas ecuaciones en las que se pueda despejar una
incógnita en función de la otra, es decir, aquellas que sean equivalentes a una de la forma y = f(x)
o x = g(y), siendo f y g funciones de una variable.
La solución de la ecuación y = f(x) es el conjunto de puntos (x, y) para los que se verifica dicha
igualdad. Su representación gráfica corresponde a una curva en el plano de ejes cartesianos
(análogamente para la ecuación x = g(y)).
Algunos tipos de ecuaciones con dos incógnitas a destacar por su sencillez y utilidad son:
•
Ecuaciones lineales: ax + by = c, con a ≠ 0 o b ≠ 0.
El conjunto de soluciones de estas ecuaciones forman una recta en el plano.
•
Ecuaciones cuadráticas:
*
y = ax2 + bx + c (o x = ay2 + by + c), con a ≠ 0. El conjunto de soluciones de estas
ecuaciones forman una parábola en el plano.
*
xy = a, con a ≠ 0. El conjunto de soluciones de estas ecuaciones forman una hipérbola en el
plano.
*
Ecuaciones equivalentes a una de la forma (x - a)2 + (y - b)2 = r2 con r > 0. El conjunto de
soluciones de esta ecuación forman la circunferencia de centro el punto (a, b) y radio r.
Ejemplo 19: Resolver las siguientes ecuaciones:
a) 2x – y + 1 = 0
Despejando y en función de x queda y = 2x + 1.
Por tanto, la solución de la ecuación lineal dada está formada por los puntos de la recta y = 2x + 1, es decir, los puntos
de la forma (x, 2x + 1), cuya representación se muestra en la siguiente figura:
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y
1
-1ê2
x
b) x – y2 + 4y - 8 = 0
Despejando x en función de y queda x = y2 - 4y + 8.
Por tanto, los puntos de la forma (y2 - 4y + 8, y) constituyen la solución de la ecuación cuadrática dada. Es decir, la
solución es la parábola de eje horizontal x = y2 - 4y + 8 representada en la siguiente figura:
y
2
4
x
8
c) 2xy –3 = 0
3
La ecuación se puede escribir de la forma xy = , expresión que corresponde a una hipérbola.
2
3
Por tanto, la solución de la ecuación cuadrática dada es la hipérbola xy = representada en la siguiente figura:
2
y
3ê2
1
x
d) y – ex + 1 = 0
Despejando y en función de x queda y = ex - 1.
Por tanto, la solución de esta ecuación es la curva y = ex - 1 representada en la siguiente figura:
y
è!!!
e -1
1ê2
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x
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e) x2 + (y +1)2 = 4
La solución de esta ecuación es la circunferencia de centro el punto (0, -1) y radio 2 representada en la siguiente figura:
y
1
x
-1
-3
f) x2 + y2 - 3x - 4y = 0
En primer lugar se intenta escribir la ecuación de la forma (x - a)2 + (y - b)2 = r2, para determinar el centro (a, b) y el
radio r de la circunferencia.
Para ello se suman y se restan los términos necesarios con el objeto de formar dos cuadrados perfectos:
3
3 2
3 2⎞
+ y2 - 2.2y + (2)2 - (2)2) =
x2 + y2 - 3x - 4y = (x2 - 3x) + (y2 - 4y) = ⎛x2 - 2 x +
2
2
2
⎝
⎠ (
() ()
=
(
x2 - 2
3
9
x+
2
4
)
( )
-
Por tanto, la ecuación inicial se puede poner de la forma
centro el punto
( )
3
,2
2
y radio
9
+ (y2 - 2.2y + 4) - 4
4
x-
3
2
2
+ (y - 2)2 =
25
y su solución es la circunferencia de
4
5
representada en la siguiente figura
2
y
2
3ê2
x
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