Problemas Complementarios

Problemas Complementarios
2.12. Se cruzan varios cobayos del mismo genotipo y producen una progenie de 29 negros
y nueve blancos. Que puede usted predecir acerca del genotipo de los progenitores?
Datos:
29--- Negros --Bb
9--- Blanco –-- Bb
B
b
B
BB
Bb
b
Bb
bb
Genotipo: 1= BB, 2=Bb, 1=bb
Fenotipo: 3=negros, 1blanco
Teniendo en cuenta los datos se hacen cruces entre homocigotos y heterocigotos y
debido al porcentaje de individuos negras que predominó en la F1 es más factible
deducir que los progenitores son heterocigotos (como se muestra en la tabla de cruce.)
2.13. Si se hace una cruza de prueba a un cobayo negro hembra y produce al menos un
descendiente blanco determine.
a) el genotipo y fenotipo del progenitor masculino que produjo al menos un descendiente
blanco.
b) el genotipo de la hembra.
El cruce de prueba se hace con un progenitor recesivo en este caso blanco
Bb X _b
B
B
b
Bb
Bb
b
Bb
Bb
B
b
b
Bb
bb
b
Bb
bb
Si es puro BB el 100% será negro
Si es hibrido 50% negro y 50% blanco
2.14. Cobayos heterocigotos negros Bb se cruzan con homocigos recesivos blancos bb.
Pronostique las proporciones genotípica y fenotípica esperadas del retocruzamiento de la
progenie F1 con
a) el progenitor negro b) el progenitor blanco.
Cruce: hibridos negro X homocigotos recesivos
Alelo dominante --- Negro B
Recesivo ----- Blanco b
B
b
b
Bb
bb
b
Bb
bb
Gametos B b
½ Bb: ½ negro
½ bb: ½ Blanco
Cruce de la F1 (Retrocuza con Negro)
Bb x Bb
B
b
B
BB
Bb
b
Bb
bb
B
b
b
Bb
bb
b
Bb
bb
Gen ¼ BB ; ½ Bb ; ¼ bb
Gen ½ Bb : ½ bb
2.32. En la prímula china se conoce una serie de alelos múltiples donde A(tipo Alejandría=
ojos blancos) an ( tipo normal= ojos amarillos) > a (tipo reina= ojos amarillos grandes). En
liste todos los posibles genotipos para cada uno de los fenotipos de esta serie.
A-> A =AA
an ->A = Aan
a ->A=Aa
n
n
n
n
n n
A-> a = Aa
a -> a = a a
a-> an = ana
n
n
A-> a= Aa
a ->a= a a
a ->a=aa
(tipo Alejandría= ojos
blancos)AA,Aan,Aa
( tipo normal= ojos
amarillos)anan,ana
(tipo reina= ojos amarillos
grandes). aa
2.33. El color del plumaje de los patos silvestres depende de una serie de tres
alelos: MR para patrón silvestre restringido, M para silvestre y m para silvestre oscuro. La
jerarquía de dominancia es MR > M >m. Determine las proporciones genotípicas y
fenotípicas esperadas en la para la siguiente cruza:
a) MR MR x MR M
b)MR MR x MR m
c)MR M x MR m
d) MR m x mm
e) Mm x mm
A) MR MR X MR M
MR
MR
MR M R
MR
MR
MR
M
MR M
MR M
1/2 MR MR 1/2 MR M - 100% SILVESTRE RESTRINGIDO
B) MR MR X MR m
MR
MR M R
MR
MR
MR
MR
m
MR m
MR m
1/2 MR MR 1/2 MR M - 100% SILVESTRE RESTRINGIDO
C) MR M X MR m
MR
M
R
R
R
M
M M
MR M
R
m
M m
Mm
R R
R
R
1/4M M ,1/4M M, 1/4M m, 1/4Mm
75% SILVESTRE RESTRINGIDO
25% SILVESTRE
D)MR m X Mm
MR
m
R
M
M M
Mm
R
m
M m
mm
1/4MRM ,1/4Mm , 1/4MR m , 1/4mm
50% SILVESTE RESTRINGIDO
25% SILESTRE
25% SILVESTRE OSCURO
E)Mm X mm
M
Mm
Mm
m
m
1/2 Mm 1/2 mm
50% SILVESTRE
m
mm
mm
50% SILVESTRE OSCURO
2.34. En el trébol se conoce una serie de alelos de autoincompatibilidad que inhibe el
crecimiento del tubo del polen bajo el estilo de una planta diploide, cuando este último
contiene los mismos alelos de autoincompatibilidad que aquellos del tubo del polen. Dada
una serie de alelos autoincompatibles S1,S2, S3, S4, ¿ que proporciones genotípicas podrían
esperarse en el embrión y el endospermo de las semillas de las siguientes cruzas?
A)
B)
C)
D)
SEMILLAS
PROGENITORAS
S1 S4
S1 S2
S1 S3
S2 S3
POLEN
PROGENITOR
S3 S4
S1 S2
S2 S4
S3 S4
2.35 El color del pelaje de muchos animales exhibe el patrón “agutí”, el cual se caracteriza
por una banda amarilla de pigmento cerca de la punta de los pelos. En los conejos, se
conoce una serie de alelos múltiples donde los genotipos 𝐸 𝐷 𝐸 𝐷 Y 𝐸 𝐷 𝑒 producen solo
pelaje negro (no agutí), pero el genotipo heterócigo 𝐸 𝐷 𝐸 produce pelaje negro con rastros
de agutí. Los genotipos 𝐸𝐸 𝑜 𝐸𝑒 producen color completo, y el alelo recesivo 𝑒𝑒 produce
color amarillo rojizo. ¿Qué proporciones genotípicas y fenotípicas deben esperarse en la
𝐹1 𝑌 𝑙𝑎 𝐹2 de las cruzas: a- 𝐸 𝐷 𝐸 𝐷 × 𝐸𝑒 b-𝐸 𝐷 𝑒 × 𝑒𝑒?
a- 𝐸 𝐷 𝐸 𝐷 × 𝐸𝑒
𝐸𝐷
𝐸𝐷
𝐸
𝐸𝐷 𝐸
𝐸𝐷 𝐸
𝑒
𝐸𝐷 𝑒
𝐸𝐷 𝑒
F1:
Genotipo y fenotipo:
1
𝐸 𝐷 𝐸 (Pelaje negro con rastros de agutí.)
2
1
2
𝐸 𝐷 𝑒 (Pelaje negro no agutí. )
𝐸𝐷
𝐸
𝐸𝐷
𝐸𝐷 𝐸𝐷
𝐸𝐷 𝐸
𝑒
𝐸𝐷 𝑒
𝐸𝑒
F2:
RESPUESTA:
Fenotipo:
1
Pelaje negro no agutí.
4
1
4
1
4
1
Pelaje negro con rastros agutí.
Pelaje negro no agutí.
Color completo.
Genotipo:
1
𝐸𝐷 𝐸𝐷
4
4
1
4
1
4
1
4
𝐸𝐷 𝐸
𝐸𝐷 𝑒
𝐸𝑒
b- 𝐸 𝐷 𝑒 × 𝑒𝑒
𝐸𝐷
𝑒
𝑒
𝐸𝐷 𝑒
𝑒𝑒
𝑒
𝐸𝐷 𝑒
𝑒𝑒
F1:
Genotipo y fenotipo:
1
𝐸 𝐷 𝑒 (Negro no agutí)
2
1
2
𝑒𝑒
𝑒
(Amarillo rojizo)
𝐸𝐷
𝑒
𝐸𝐷 𝑒
𝑒𝑒
𝐸𝐷 𝑒
𝑒
𝑒𝑒
F2:
RESPUESTA:
Genotipo y fenotipo:
1
𝐸𝐸 𝐸 (Negro no agutí)
2
1
2
𝐸𝐸
(Amarillo rojizo)
2.36. La herencia del color del pelaje en el ganado incluye una serie de alelos múltiples con
una jerarquía de dominancia como sigue S ˃ 𝐸𝐸 ˃ 𝐸𝐸 ˃ s. el alelo S produce una banda
blanca alrededor de la parte media del cuerpo del animal que es dominada faja holandesa;
el alelo 𝐸𝐸 produce macho de tipo Hereford; el color solido resulta del alelo 𝐸𝐸 ; y un
macho de tipo Holstein de un alelo s. machos homocigos con faja holandesa son cruzados
con hembras con manchado tipo Holstein. Las hembras F1 son cruzadas con un macho con
manchado tipo hereford de genotipo 𝐸𝐸 𝐸𝐸 . Pronostique las frecuencias genotípicas y
fenotípicas en la descendencia.
S
S
s
Ss
Ss
s
Ss
Ss
F1:
Fenotipo y genotipo: 100% Ss faja holandesa.
𝐸𝐸
𝐸𝐸
S
𝐸 𝐸𝐸
𝐸𝐸𝐸
s
𝐸𝐸 𝐸
𝐸𝐸 s
F2:
RESPUESTA:
Genotipo:
1
4
1
4
1
4
𝐸𝐸
𝐸𝐸
𝐸
𝐸
𝐸ℎ 𝐸
1
𝐸
𝐸 s
4
Fenotipo:
1
Con faja holandesa.
2
1
4
1
4
Manchado tipo Hereford.
Color sólido.
2.37. Un hombre del grupo sanguíneo B es sometido a un juicio de paternidad por una
mujer de grupo sanguíneo A. el hijo de la mujer es de grupo sanguíneo O.
a- ¿es el hombre el padre de este niño? Explique.
b- si el hombre es el padre del niño, especifique los genotipos de ambos progenitores.
c- si resulta imposible que este hombre de grupo B sea el padre de un niño de tipo O, sin
importar el genotipo de la madre, especifique su genotipo.
d- si un hombre es de tipo AB, ¿puede ser el padre de un niño de tipo O?
Respuesta:
a- El hombre puede ser el padre del niño. Debido a lo siguiente si el padre es
heterocigoto B y la madre es también heterocigoto A el hijo puede salir de tipo O.
O
B
A
AB
AO
O
BO
OO
Genotipo: ¼: AB, ¼: AO, 1/4: BO Y ¼ OO.
b- Genotipo del padre y la madre: genotipo del padre BO Y la medre AO.
O
B
A
AB
AO
O
BO
OO
Genotipo: ¼: AB, ¼: AO, 1/4: BO Y ¼ OO.
c- SI el padre no resulta ser su padre. El padre tendría que ser de un genotipo: BB sin
importar el genotipo de la madre.
B
B
A
AB
AB
O
BO
BO
50% AB Y 50% BO.
B
B
A
AB
AB
A
AB
AB
100% AB.
d- De ninguna manera un padre de tipo AB pueda ser el padre de un niño O. Porque el
padre seria dominante y enmascararía el gen O.
e- 2.3.8 una serie de alelos múltiples gobierna la intensidad de la pigmentación en el
ratón. De tal forma que D = color solido). Color diluido y d' es letal en condiciones
homocigota. El orden de dominancia es D > d > d'. Un ratón totalmente coloreado
portador del letal es apareado con un ratón de color diluido, también portador del
letal. La F1 es retrocruzada con el progenitor de color diluido
f- a).Que porcentaje fenotípica se espera en la progenesis viable de la retrocruza?, b)
que porcentaje de la progenia totalmente coloreada de la retrocruza porta el alelo
letal, c) que fracción de la progenia de color diluida porta el alelo letal?
gh- Desarrollo
i- Alelos múltiples
jk- D: color sólido
l- d: color diluido
m- d1: letal
nDd
;
d dl
o- P→ D dl
x
ddl
F1
dd
Dd
Dd1
d1d
d1d1
1
1
Dddd Dddd
dd dd ddd1d1
solido solido diluido letal
pq- a). 75% viable 25% letal.
r- b). 25% letal sólido con gen letal.
s- c). 25% diluido letal.
tu- Análisis de pedigrí
v- 2.3.9. La expresión fenotípica de un gen dominantes en el ganado Ayrshire es una
muesca en la punta de la oreja. En el siguiente pedigrí, donde los símbolos negros
representa individuos con muecas, determine las probabilidades de progenia con
muecas producida por los apareamientos a)1111 X 1113, b) 1112. X 1113, c) 1113
X 1114, d) 1111 X 1115, e) 1112 X 1115.
w-
x-
yz- a). lll1 X lll3
aabbaa x aa
cca a
a aa aa
a aa aa
ddee- Genotipo: 100% aa
ff- Fenotipo: 100% sin mueca
gghh- b). lll2 X lll3
iijjAa x aa
kkA a
a Aa aa
a Aa aa
ll- Genotipo: 1/2 Aa, 1/2 aa
mmFenotipo : 1/2 con mueca ; 1/2 sin mueca
nnoo- c). lll3 x lll4
ppqqaa x aa
rra a
a aa aa
a aa aa
sstt- Genotipo: 100 % aa
uu- Fenotipo: 100 % sin mueca
vvwwd) lll1 x lll5
xxyyaa x Aa
zzA a
a Aa aa
a Aa aa
aaabbbcccdddeeefffggghhh-
Fenotipo: 1/2 Aa ; 1/2 aa
Genotipo: 1/2 con mueca ; 1/2 sin mueca
e) lll2 x lll5
Aa x Aa
A
a
A AA Aa
a Aa aa
iiijjj- Fenotipo : 1/4 AA ; 1/2 Aa ;1/4 aa
kkkGenotipo: 3/4 con mueca ; 1/4 sin mueca
lll- B