Cálculo en Varias Variables. - Tutorial de Mate III para Ingeniería

Introducción
Derivadas parciales.
Derivadas parciales de orden superior
Función diferenciable. Diferencial total.
Regla de la cadena.
Derivadas de una función definida de manera implícita.
(*) Derivación implícita: Caso de dos ecuaciones.
Gradiente.
Gradiente, curvas y superficies de nivel.
Derivada direccional
Plano tangente y el vector normal.
3 — Cálculo diferencial en varias variables
3.1
Introducción
La derivada de una función de una variable mide la tasa de
cambio de la variable dependiente respecto a la variable
independiente. La derivada de la función y = f (x) en x
es,
∆y
f (x + h) − f (x)
f 0 (x) = lı́m
= lı́m
∆x→0 ∆x
h→0
h
siempre y cuando este límite exista. Geométricamente, la
derivada de f en x es la pendiente de la recta tangente a
f en x.
Si f : R2 −→ R, la derivada de f en x = (x 0 , y 0 ) ∈ R2 , en la dirección de un vector unitario v = (v 1 , v 2 ) ∈ R 2 , mide la tasa
(instántanea) de cambio de f a través de la recta L(h) = x + h v cuando h = 0. De nuevo, esta derivada en la dirección
de v se obtiene como un límite,
lı́m
h→0
f (x 0 + hv 1 , y 0 + hv 2 ) − f (x 0 , y 0 )
.
h
El cambio en la recta es ||xx − x − h v || = ||h v || = h (vv es unitario). Geométricamente, esta derivada es la pendiente de la
recta tangente a la curva C (h) = (x 0 + h v 1 , y 0 + h v 2 , f (xx + h v )) en h = 0. Esta curva es la intersección de la superficie
S de ecuación z = f (x, y) con el plano generado por la recta L tal y como se muestra en la figura (3.1).
Cálculo diferencial en varias variables
106
. Hacer clic en la figura para ver en 3D (en Internet)
Figura 3.1: Derivada direccional en la dirección de v
De particular interés son la derivada en la dirección del eje X , denotada
denotada
∂f
; llamadas derivadas parciales respecto a x e y respectivamente.
∂y
Figura 3.2: Derivada parcial en la dirección de X
3.2
∂f
, y la derivada en la dirección del eje Y ,
∂x
Figura 3.3: Derivada parcial en la dirección de Y
Derivadas parciales.
Definición 3.1 (Derivadas parciales).
Sea U ⊆ Rn un conjunto abierto y sea f : U −→ R. Entonces la derivada parcial
x i en el punto x = (x 1 , ..., x n ), se define como
∂f
f (x 1 , x 2 , ..., x i + h, ..., x n ) − f (x 1 , ..., x n )
= lı́m
∂x i h→0
h
=
lı́m
h→0
∂f
de f respecto a la variable
∂x i
f (xx + hee i ) − f (xx )
h
siempre y cuando este límite exista. Aquí e i = (0, ..., 1, ...0) con un 1 en la i −ésima posición. El dominio de
∂f
∂x i
3.2 Derivadas parciales.
107
es el subconjunto de Rn en el que este límite existe.
Caso de dos variables
Cuando z = f (x, y), es común denotar las derivadas parciales con
f (x + h, y) − f (x, y)
∂f
= lı́m
∂x h→0
h
Es decir, para calcular
y
∂ f ∂z
,
, z x o f x . Según la definición,
∂x ∂x
f (x, y + h) − f (x, y)
∂f
= lı́m
∂y h→0
h
∂f
derivamos de manera oridinaria f respecto a x pensando en y como una constante y
∂x
∂f
derivamos de manera oridinaria f respecto a y pensando en x como una constante. Esto es válido
∂y
siempre y cuando apliquen los teoremas de derivadas en una variable.
para calcular
Ejemplo 3.1 (Cálculo directo y por definición).
Sea f (x, y) =
∂f
∂
=
∂x
∂x
∂f
∂
=
∂y
∂y
p
p
3
x 3 y, entonces aplicando la regla del producto,
¡p
p ¢
3
x3y
¡p
p ¢
3
x3y
p
3
=
p
3
=
y
3x 2/3
x
3y 2/3
.
Esta es la manera de derivar f respecto a x y respecto a y usando teoremas de derivadas. Sin embargo esto no
decide si la función es derivable o no en (0, 0). Para saber si estas derivadas parciales existen en (0, 0), se debe
calcular usando la definición,
∂f
f (0 + h, 0) − f (0, 0)
0−0
(0, 0) = lı́m
= lı́m
= 0,
h→0
h→0 h
∂x
h
∂f
f (0, 0 + h) − f (0, 0)
0−0
(0, 0) = lı́m
= lı́m
= 0,
h→0
h→0 h
∂y
h
es decir, en este caso la derivada parcial
∂f
∂f
existe en (0, 0) y es cero y también
(0, 0) = 0.
∂x
∂y
Cálculo diferencial en varias variables
108
Ejemplo 3.2 (Derivadas parciales de funciones de dos variables).
En este ejemplo se muestra como calcular derivadas parciales usando las reglas de derivación ordinaria.
0
0
Recordemos que en una variable, [k f (x)] = k f (x) y
z = x 2 y 2 + y =⇒
∂z
= 2x y 2 + 0
∂x
z = x 2 y 2 + y =⇒
∂z
= 2x 2 y + 1
∂y
z=
x3
1
∂z
1
=
· x 3 =⇒
=
· 3x 2
y5 y5
∂x y 5
z=
x3
∂z −x 3 · 5y 4
=⇒
=
y5
∂y
y 10
·
k
f (x)
¸0
=
−k · f 0 (x)
.
f 2 (x)
Recordemos que en una variable, [a u ]0 = a u ln(a) u 0 y [x α ]0 = αx α−1 .
Si z = x y con x > 0, entonces
∂z
= y x y−1
∂x
Si z = x y con x > 0, entonces
∂z
= x y ln x
∂y
Si C (r , θ) = r n cos(nθ) con n ∈ N una contante. Entonces
∂C
∂C
= nr n−1 cos(nθ) y
= −n r n sen(nθ)
∂r
∂θ
Recordemos que en una variable, si u = g (x) entonces [ f (u)]0 = f 0 (u) · u 0 .
Si z = arctan(y/x) =⇒
∂z
1
−y · 1
=
·
2
∂x 1 + (y/x)
x2
¯
∂z
−y sen(x y) + sen 2y ¯¯
−π · sen(π2 /2)
cos(x y) + x sen 2y
entonces
(π, π/2) =
=
.
Si z =
¯
2
∂x
2
4
x=π, y=π/2
3.3 Derivadas parciales de orden superior
109
Sea f de una variable y derivable, y z = f (u) con u = x 5 + y 3 , entonces
Sean f y g funciones derivables de una variable y z =
.
.
3.3
∂z
∂z
= f 0 (u) · 5x 4 y
= f 0 (u) · 3y 2
∂x
∂y
f (u)
con u = x 5 + y 3 , entonces
g (u)
¤
¤
∂ £
∂ £
f (u) · g (u) −
g (u) · f (u)
∂z
f 0 (u) · 5x 4 · g (u) − g 0 (u) · 5x 4 · f (u)
∂x
= ∂x
=
∂x
g 2 (u)
g 2 (u)
¤
¤
∂ £
∂ £
f (u) · g (u) −
g (u) · f (u)
f 0 (u) · 3y 2 · g (u) − g 0 (u) · 3y 2 · f (u)
∂z
∂y
∂y
=
=
∂y
g 2 (u)
g 2 (u)
Derivadas parciales de orden superior
Si f es una función de dos variables x e y , entonces sus derivadas parciales f x y f y también son funciones de dos
variables, de modo que podemos considerar sus derivadas parciales ( f x )x , ( f x ) y , ( f y )x y ( f y ) y , las cuales cuales se
llaman segundas derivadas parciales de f . Si z = f (x, y) , se utilizan diferentes notaciones para estas derivadas parciales,
( f x )x = f xx = f 11 =
( f x )y = f x y
µ
¶
∂ ∂f
∂2 f
∂2 z
= f 12 =
=
=
∂y ∂x
∂y∂x
∂y∂x
( f y )x = f y x = f 21 =
( f y )y = f y y
µ
¶
∂ ∂f
∂2 z
∂2 f
= 2=
∂x ∂x
∂x
∂x 2
µ
¶
∂ ∂f
∂2 f
∂2 z
=
=
∂x ∂y
∂x∂y
∂x∂y
µ
¶
∂ ∂f
∂2 f
∂2 z
= 2=
= f 22 =
∂y ∂y
∂y
∂y 2
∂2 f
significa que primero derivamos con respecto a x y luego con respecto a y , mientras que
∂y∂x
el orden se invierte.
La notación f x y o
para calcular f y x
Ejemplo 3.3
Calcule las segundas derivadas parciales de f (x, y) = x 3 + x 2 y 2 + y 3
Solución: Las primeras derivadas parciales son
Cálculo diferencial en varias variables
110
f y (x, y) = 2x 2 y + 3y 2
f x (x, y) = 3x 2 + 2x y 2
De donde obtenemos que :
f xx (x, y) = 6x + 2y 2
f x y (x, y) =
f y x (x, y) =
¤
∂ £ 2
3x + 2x y 2 ) = 4x y
∂y
¤
∂ £ 2
2x y + 3y 2 = 4x y
∂x
f y y (x, y) = 6y + 2x 2
Ejemplo 3.4
Sea f : R −→ R una función derivable y sea z = f (u) con u = x 3 y 4 . Entonces,
∂z
= f 0 (u) · 3x 2 y 4
∂x
∂z
= f 0 (u) · x 3 4y 3
∂y
∂2 z
= f 00 (u) · 3x 2 y 4 · 3x 2 y 4 + 6x y 4 f 0 (u)
∂x 2
∂2 z
= f 00 (u) · 4x 3 y 3 · 4x 3 y 3 + 12x 3 y 2 f 0 (u)
∂y 2
∂2 z
= f 00 (u) · 4x 3 y 3 · 3x 2 y 4 + 12x 2 y 3 f 0 (u)
∂y∂x
∂2 z
= f 00 (u) · 3x 2 y 4 · 4x 3 y 3 + 12x 2 y 3 f 0 (u)
∂x∂y
Ejemplo 3.5
Las ecuaciones diferenciales en derivadas parciales se usan para expresar leyes físicas. Por ejemplo, la ecuación
∂2 u ∂2 u
+
= 0, se conoce como ecuación de Laplace, en honor a Pierre Laplace (1749 - 1827).
diferencial parcial
∂x 2 ∂x 2
Las soluciones de esta ecuación se llaman funciones armónicas y desempeñan un papel fundamental en las
aplicaciones relacionadas con conducción de calor, flujo de fluidos y potencial eléctrico.
Compruebe que la función u(x, y) = e y sen x satisface la ecuación de Laplace.
Solución: Las primeras derivadas parciales están dadas por
u x = e y cos x
u y = e y sen x
con lo cual
u xx = −e y sen x
u y y = e y sen x
3.3 Derivadas parciales de orden superior
de donde
111
∂2 u ∂2 u
+
= −e y sen x + e y sen x = 0
∂x 2 ∂x 2
Ejemplo 3.6
La ecuación de onda
2
∂2 u
2∂ u
=
a
, donde a es una constante, describe el movimiento de una onda, que puede
∂t 2
∂x 2
ser una onda de sonido, una onda de luz o una onda que viaja a lo largo de una cuerda vibrante. Si f y g son
funciones de una sola variable dos veces derivables, compruebe que la función u(x, t ) = f (x + at ) + g (x − at )
satisface la ecuación de onda.
Solución: Las derivadas de u(x, y) con respecto a x están dadas por :
∂u
= f 0 (x + at ) + g 0 (x + at ),
∂x
∂2 u
= f 00 (x + at ) + g 00 (x + at )
∂x 2
Las derivadas de u(x, y) con respecto a t están dadas por :
∂u
= a f 0 (x + at ) + ag 0 (x + at ),
∂t
∂2 u
= a 2 f 00 (x + at ) + a 2 g 00 (x + at )
∂t 2
Sustituyendo obtenemos
2
∂2 u
2 00
2 00
2 00
00
2∂ u
=
a
f
(x
+
at
)
+
a
g
(x
+
at
)
=
a
[
f
(x
+
at
)
+
g
(x
+
at
)]
=
a
∂t 2
∂x 2
Ejemplo 3.7
Consideremos f y g funciones de una sola variable dos veces derivables, compruebe que la función
u(x, y) = x f (x + y) + y g (x + y) satisface la ecuación diferencial parcial u xx − 2u x y + u y y = 0.
Solución: Las derivadas de u(x, y) con respecto a x están dadas por
u x = f (x + y) + x f 0 (x + y) + y g 0 (x + y)
u xx = f 0 (x + y) + f 0 (x + y) + x f 00 (x + y) + y g 00 (x + y) = 2 f 0 (x + y) + x f 0 (x + y) + y g 0 (x + y)
u x y = f 0 (x + y) + x f 00 (x + y) + g 0 (x + y) + y g 00 (x + y)
u y = x f 0 (x + y) + g (x + y) + y g 0 (x + y)
Cálculo diferencial en varias variables
112
u y y = x f 00 (x + y) + g 0 (x + y) + g 0 (x + y) + y g 00 (x + y) = 2 f 00 (x + y) + 2g 0 (x + y) + y g 00 (x + y)
Sustituyendo,
u xx − 2u x y + u y y
=
2 f 0 (x + y) + x f 00 (x + y) + y g 00 (x + y) − 2 f 0 (x + y) − 2x f 00 (x + y) − 2g 0 (x + y)
−2y g 00 (x + y) + x f 00 (x + y) + 2g 0 (x + y) + y g 00 (x + y) = 0
Ejemplo 3.8
1
Compruebe que la función u(x, y) = (x + y + z ) 2 satisface la ecuación diferencial de Laplace en derivadas
∂2 u
∂2 u ∂2 u
parciales
+
+
= 0.
∂x 2
∂y 2 ∂z 2
2
2
2
−
Solución: Calculemos las derivadas parciales
∂u
∂x
=
∂u
∂x 2
=
−2x
,
p
2
2 (x + y 2 + z 2 )3
2x 2 − y 2 − z 2
,
(x 2 + y 2 + z 2 )5/2
∂u
∂y
= −
∂u
∂y 2
= −
y
(x 2 + y 2 + z 2 )3/2
−x 2 + 2y 2 − z 2
(x 2 + y 2 + z 2 )
,
,
5/2
∂u
∂z
= −
∂u
∂z 2
= −
z
(x 2 + y 2 + z 2 )3/2
−x 2 − y 2 + 2z 2
(x 2 + y 2 + z 2 )5/2
,
.
y al sumarlas obtenemos el resultado deseado.
Observación: Note que las derivadas parciales mixtas f x y y f y x en el ejemplo anterior son iguales. El siguiente
teorema, da las condiciones bajo las cuales podemos afirmar que estas derivadas son iguales. El teorema es conocido
de Clairaut o también como Teorema de Schwarz.
Teorema 3.1 (Teorema de Clairaut o Teorema de Schwarz).
Sea f : D ⊆ R −→ R una función escalar donde D es un disco abierto con centro en (a, b) y radio δ, si las
funciones f x y y f y x son continuas en D, entonces
f x y (a, b) = f y x (a, b)
3.3 Derivadas parciales de orden superior
113
Ejemplo 3.9 (Hipótesis en el Teorema de Clairaut).
x2 − y 2
y f (0, 0) = 0. Se tiene f x (0, 0) = f y (0, 0) = 0, pero f x y (0, 0) 6= f y x (0, 0) . En efecto,
x2 + y 2
aunque f x y y f y x están definidas en (0, 0), no son continuas en este punto. Para ver esto, podemos calcular estas
derivadas de dos maneras distintas y observar que el valor difiere. Primero derivamos sobre la recta x = 0 y luego
sobre la recta y = 0.
Sea f (x, y) = x y
z x (0, y) = lı́m
h→0
f (h, y) − f (0, y)
h y(h 2 − y 2 )
= lı́m
= −y
h→0 h(h 2 + y 2 )
h
y
z x (x, 0) = lı́m
h→0
hx(h 2 − y 2 )
f (x, h) − f (x, 0)
= lı́m
=x
h→0 h(h 2 + y 2 )
h
Ahora
z x y (0, 0) = lı́m
f y (h, 0) − f y (0, 0)
h
h→0
= lı́m
h→0
h −0
=1 y
h
z y x (0, 0) = lı́m
k→0
f x (0, k) − f x (0, 0)
−k − 0
= lı́m
= −1
h→0
h
k
Esto muestra que f x y (0, 0) 6= f y x (0, 0). El gráfico de f (x, y) muestra un salto en (0, 0)
Ejercicios
10
3.1 Sea f (x, y) =
xy
x2 − y 2
. Calcule
∂f ∂f
,
y f y (2, 1).
∂y ∂x
3.2 Sea f (x, y) = ln5 (x y + x 2 + 2 y ) Calcule
∂f ∂f
,
.
∂y ∂x
3.3 Sea z(x, y) = 2(ax + b y)2 − (x 2 + y 2 ) con a 2 + b 2 = 1. Verifique que
∂2 z ∂2 z
+
= 0.
∂x 2 ∂y 2
¶
∂z
∂z
x2
con f derivable. Verifique que x
+ 2y
= 0.
y
∂x
∂y
r
³y´
∂z
∂z
3.5 Sea z = x y + arctan
. Demuestre que zx
+zy
= xy .
x
∂x
∂y
−x 2 /kt
3.6 Sea C (x, t ) = t−1/2 e
. Verifique que esta función satisface la ecuación (de difusión)
µ
3.4 Sea z = f
k ∂2C ∂C
·
=
4 ∂x 2
∂t
Cálculo diferencial en varias variables
114
3.7 Sea z = f (x 2 y + y) ·
p
x + y 2 . Calcule
∂f ∂f
,
.
∂y ∂x
3.8 Verifique que u(x, y) = e y sen x satisface la ecuación de Laplace
∂2 u ∂2 u
+
=0
∂x 2 ∂y 2
3.9 Sea a ∈ R una constante. Verifique que u(x, t ) = sen(x − at ) + ln(x + at ) es solución de la ecuación de onda
u t t = a 2 u xx .
3.10 Sea a ∈ R una constante y f y g funciones dos veces derivables. Verifique que u(x, t ) = f (x −at )+g (x +at )
es solución de la ecuación de onda u t t = a 2 u xx .
∂z ∂z
+
= 1 y de la ecuación
3.11 Verifique que z = ln(e x + e y ) es solución de las ecuación diferencial
∂x ∂y
µ
¶
2
∂2 z
∂2 z ∂2 z
·
−
= 0.
diferencial
∂x 2 ∂y 2
∂x∂y
3.12 Sea f una función derivable en todo R y sea w(x, y) = f (y sen x). Verifique que
cos(x)
∂w
∂w
+ y sen(x)
= y f 0 (y sen x)
∂x
∂y
3.13 Sea g (x, y) = x 2 sen(3x − 2y). Verifique la identidad
x·
∂2 g
∂g
=2
+ 6x · g (x, y).
∂y∂x
∂y
3.14 La resistencia total R producida por tres conductores con resistencias R 1 , R 2 y R 3 conectadas en paralelo
1
1
1
1
∂R
en un circuito eléctrico está dado por la fórmula =
+
+ . Calcule
. Sugerencia: derive a ambos
R R1 R2 R3
∂R 1
lados respecto a R 1 .
3.15 La ley de gases para un gas ideal de masa fija m, temperatura absoluta T, presión P y volumen V es
∂P ∂V ∂T
PV = mRT donde R es la constante universal de los gases ideales. Verifique que
= −1.
∂V ∂T ∂P
1
∂K ∂2 K
3.16 La energía cinética de un cuerpo de masa m y velocidad v es K = mv 2 . Verifique que
=K.
2
∂m ∂v 2
3.17 Sea f y g funciones dos veces derivables. Sea u = x 2 + y 2 y w(x, y) = f (u)· g (y). Calcule
y
∂w
.
∂y
3.18 Sea f y g funciones dos veces derivables. Sea w(x, y) = f (u) + g (v) donde u =
∂w ∂2 w
,
.
∂x ∂y∂x
∂w ∂2 w ∂2 w
,
,
∂x ∂x 2 ∂y∂x
x
y
y v = . Calcule
y
x
3.4 Función diferenciable. Diferencial total.
115
3.19 Sea w = e 3x · f (x 2 − 4y 2 ), donde f es una función derivable. Calcule
∂2 w
.
∂x∂y
3.20 Sea u(r , θ) = r n cos(nθ) con n ∈ N una contante. Verfique que u satisface la ecuacón
1
1
u r r + u r + 2 u θθ
r
r
3.4
Función diferenciable. Diferencial total.
Definición 3.2 Función diferenciable
Sea f : U ⊂ R2 −→ R. Si las derivadas parciales de f existen y son continuas en un entorno de (x 0 , y 0 ) ∈ U ,
entonces f es diferenciable en (x 0 , y 0 ).
En una variable, ∆y = f (x 0 + ∆x) − f (x 0 ) se puede aproximar con el diferencial d y = f 0 (x 0 ) d x. De manera similar, el
cambio en f en dos variables es
∆ f = f (x 0 + ∆x, y 0 + ∆y) − f (x 0 , y 0 )
y se puede aproximar con el diferencial total,
d f = f x (x 0 , y 0 ) d x + f y (x 0 , y 0 ) d y
Es decir, si f es diferenciable en (x 0 , y 0 ) y si ∆x = x − x 0 y ∆y = y − y 0 son pequeños, entonces f se puede aproximar
usando el plano tangente:
f (x, y) ≈ f (x 0 , y 0 ) + f x (x 0 , y 0 ) ∆x + f y (x 0 , y 0 ) ∆y.
Si z = f (x, y) es diferenciable, el diferencial total d f representa el incremento de f a lo largo del plano tangente a f
en el punto (x, y). Sería como calcular con el plano tangente en vez de usar la superficie S (ver figura anterior).
Cálculo diferencial en varias variables
116
3.5
Regla de la cadena.
Recordemos que en una variable, si f (u) y u(x) son derivables, entonces la regla de la cadena establece
df
d f du
=
dx du dx
La regla de la cadena nos indica como varía f conforme recorremos la trayectoria u(x). Formalmente es la derivada de
f en presencia de un cambio de variable u. En funciones de varias variables la relación persiste en un siguiente sentido.
Teorema 3.2 (Regla de la cadena – Caso I).
Sean x = x(t ) y y = y(t ) derivables y z = f (x, y) diferenciable en (x, y) = (x(t ), y(t )), entonces z = f (x(t ), y(t ))
es derivable y
dz ∂ f 0
∂f 0
=
x (t ) +
y (t )
dt
∂x
∂y
Teorema 3.3 (Regla de la cadena – Caso II.)
Sean x = x(u, v) y y = y(u, v) con derivadas parciales en (u, v). Si z = f (x, y) es diferenciable en
(x, y) = (x(u, v), y(u, v)) entonces z = f ((x(u, v), y(u, v))) tiene derivadas parciales de primer orden en
(u, v) y
∂z
∂x
=
∂ f ∂u
∂ f ∂v
+
∂u ∂x
∂v ∂x
∂z
∂y
=
∂ f ∂u
∂ f ∂v
+
∂u ∂y
∂v ∂y
Ejemplo 3.10
p
∂z
arctan(y/x) + tan(x y). Podemos hacer un cambio de variable y calcular
usando la regla de la
∂x
p
cadena. Sea u(x, y) = arctan(y/x) y v(x, y) = tan(x y), entonces z(x, y) = u + v.
Sea z(x, y) =
∂z
∂x
=
∂z ∂u
∂z ∂v
+
∂u ∂x
∂v ∂x
=
1
1
−y · 1
1
·
+ p
y sec2 (x y)
p
2
2
1
+
(y/x)
x
2 u+v
2 u+v
Al sustituir u y v obtenemos el resultado completo, si fuera necesario.
3.5 Regla de la cadena.
117
Ejemplo 3.11
Sea z(x, y) = x 2 + 3y 2 , donde x = e t y y = cos(t ) entonces
dz
dt
=
∂z d x ∂z d y
+
∂x d t ∂y d t
= 2xe t −6y sen(t ) = 2e 2t − 6 cos(t ) sen(t )
Ejemplo 3.12
3
Sea z(u, v) = x 2 e y , donde x = uv y y = u 2 − v 3 entonces
∂z
∂u
=
∂z ∂x ∂z ∂y
+
∂x ∂u ∂y ∂u
= 2xe y
∂z
∂v
=
3
3 ∂y
3
3
∂x
+ 3x 2 y 2 e y
= 2xe y v + 3x 2 y 2 e y 2u
∂u
∂u
∂z ∂x ∂z ∂y
+
∂x ∂v ∂y ∂v
= 2xe y
3
3 ∂y
3
3
∂x
+ 3x 2 y 2 e y
= 2xe y u + 3x 2 y 2 e y · −3v 2
∂v
∂v
Ejemplo 3.13
Sea f una función diferenciable y z(x, y) = f (x 2 , x y 2 ). Para derivar usando la regla de la cadena usamos el
cambio de variable u = x 2 y v = x y 2 , entonces z(x, y) = f (u, v) y
∂z
∂x
∂z
∂y
=
∂ f ∂u ∂ f ∂v
·
+
·
∂u ∂x ∂v ∂x
=
∂f
∂f
· 2x +
· y2
∂u
∂v
=
∂ f ∂u ∂ f ∂v
∂f
∂f
·
+
·
=
·0+
· 2x y
∂u ∂y ∂v ∂y
∂u
∂v
Cálculo diferencial en varias variables
118
Ejemplo 3.14
Sea f una función derivable y z = f (x, y) con x = r cos θ, y = r sen θ, entonces
∂z
∂r
=
∂ f ∂x ∂ f ∂y
∂f
∂f
+
=
cos θ +
sen θ
∂x ∂r ∂y ∂r
∂x
∂y
∂z
∂θ
=
∂ f ∂x ∂ f ∂y
∂f
∂f
+
=
· −r sen θ +
r cos θ
∂x ∂θ ∂y ∂θ
∂x
∂y
Ejemplo 3.15
Sean f y g funciones diferenciables. Si z(x, y) = g (y) · f (x − 2y, y 3 ). Calcule z x y z x y .
Solución: Sea u = x − 2y, v = y 3 . Entonces z(x, y) = g (y) f (u, v).
£
¤
z x = g (y) f u · 1 + f v · 0 = g (y) f u (u, v)
£
¤
z x y = g 0 (y) · 1 · f u (u, v) + g (y) −2 f uu + 3y 2 f uv
Ejemplo 3.16
Sea V = V (P, T ). Si P (V − b)e RV = RT, con b, R constantes, calcule
∂V
.
∂T
Solución: V es función de P y T. Derivamos a ambos lados respecto a T,
¤
∂ £
P (V − b)e RV
=
∂T
∂
[RT ]
∂T
£
¤
P VT e RV + (V − b)e RV RVT
= R
∴ VT
=
R
Pe RV (1 + (V
− b)R).
3.5 Regla de la cadena.
119
Ejemplo 3.17
Sea g : R2 −→ R diferenciable. Sea z(x, y) = g (u, v) con u = x 2 y 2 y v = x y. Calcule
∂2 z
.
∂y∂x
Solución:
∂z
∂x
∂2 z
∂y∂x
∂g ∂u ∂g ∂v
+
∂u ∂x ∂v ∂x
=
=
∂g
∂g
· 2x y 2 +
·x
∂u
∂v
·
¸
·
¸
¤ ∂g
∂ ∂g (u, v)
∂ £
∂ ∂g (u, v)
· 2x y 2 +
+ x·
2x y 2 ·
∂y
∂u
∂y
∂u
∂y
∂v
·
· 2
¸
¸
∂2 g
∂2 g
∂ g
∂2 g
∂g
2
· uy +
· vy
· v y · 2x y + 4x y ·
+ x·
· uy +
∂u 2
∂v∂u
∂u
∂u∂v
∂v 2
·
¸
¸
· 2
∂2 g
∂g
∂ g
∂2 g
∂2 g
2
2
2
· 2y x +
·x
· x · 2x y + 4x y ·
+ x·
· 2y x +
∂u 2
∂v∂u
∂u
∂u∂v
∂v 2
=
=
=
Ejemplo 3.18
Sea F (u, v) = −u − v con u 2 = x − y y v 2 = x + y. Si u 6= 0 y v 6= 0, verifique
u+v
.
2uv
v −u
.
b.) F y = −
2uv
a.) F x = −
Solución: Primero veamos que 2u u x = 1, 2v v x = 1, 2u u y = −1 y 2v v y = 1. Por lo tanto
1
1
u+v
−1 ·
=−
.
2u
2v
2uv
µ
¶
1
1
v −u
b.) F y = F u u y + F v v y = −1 · −
−1 ·
=−
.
2u
2v
2uv
a.) F x = F u u x + F v v x = −1 ·
Cálculo diferencial en varias variables
120
Ejercicios
11
3.21 Sea z = x y 2 + x con x = sen t y y = tan(t ). Calcule
dz
.
dt
3.22 Sea w = x 2 + 2x y + y 2 con x = t cos t y y = t sen t . Calcule
dw
.
dt
p
∂z
∂z
3.23 Sea z = u u + v 2 con u = x y y v = arctan(y/x). Calcule
y
.
∂x ∂y
3.24 Sea z = g (y) · f (x, y) con f y g funciones con derivadas de segundo orden.
a.) Calcule
∂z
∂x
b.) Calcule
∂z
∂y
c.) Si x = t 2 y y = u 2 + t 3 , calcule
∂z
∂z
y
∂t
∂u
3.25 Sea z = f (x y, x). Si f tiene derivadas parciales de segundo orden f u , f uv , f uu y f v v , calcular
∂2 z
.
∂y∂x
∂f
∂f
+
, donde f = f (x, y) es una función con derivadas de segundo orden. Si x = u 2 + v y
∂x ∂y
∂z
∂z
y
.
y = u + v 2 , calcule
∂u ∂v
3.26 Sea z =
3.27 Sea z = f (u, v) , donde u = x 2 + y 2 , v = x y. Si f tiene derivadas parciales de segundo orden f u , f uv , f uu y
f v v continuas (es decir, f uv = f vu ). Verifique que:
2
2
∂f
∂2 f
∂2 z
2∂ f
2∂ f
=
2
+
4x
y
+
4x
+
y
∂x 2
∂u
∂u 2
∂u∂v
∂v 2
3.28 Sea z = f (x 2 + cos y, x 2 − 1) − g (3x y 2 ) con g derivable y f con derivadas parciales continuas y de segundo
orden. Calcule z x y
3.29 Sea z = x 2 f 4 (x y, y 2 ) con f con derivadas parciales continuas. Calcule z y y z x
3.30 Sea z = f (x 2 − y, x y) donde s = x 2 − y y t = x y. Calcule
lo que se pide).
3.6
∂f
∂f
y
(Sugerencia: Calcule z x y z y y despeje
∂t
∂s
Derivadas de una función definida de manera implícita.
Supongamos que se conoce que z es una función de x e y, es decir, z = f (x, y), pero que z está definida de manera
implícita por una ecuación del tipo
F (x, y, z) = 0
Estas situaciones ya las hemos encontrado antes, por ejemplo en la ecuación de una esfera: x 2 + y 2 + z 2 = a 2 . Esta
3.6 Derivadas de una función definida de manera implícita.
121
ecuación define a z como una función de x y y y en este caso, z se puede despejar:
z=
q
a2 − x2 − y 2
q
y z = − a2 − x2 − y 2
Cuando una función está definida de manera implícita, no siempre es posible despejarla. Por ejemplo considere
y 2 + xz + z 2 − ez − 1 = 0. Pero si podemos calcular las derivadas parciales.
Podemos deducir, de manera informal, las fórmulas para z x y z y . Supongamos que z = z(x, y) es una función
diferenciable que satisface la ecuación F (x, y, z(x, y)) = 0 en algún conjunto abierto D.
Sea g (x, y) = F (x, y, z) = 0, aplicando la regla de la cadena a g (x, y) = F (u, v, w), con u(x, y) = x, v(x, y) = y y
w(x, y) = z(x, y), obtenemos
∂g
∂F ∂u
∂F ∂v
∂F ∂w
=
+
+
∂x
∂u ∂x
∂v ∂x
∂w ∂x
y
∂g
∂F ∂u
∂F ∂v
∂F ∂w
=
+
+
∂y
∂u ∂y
∂v ∂y
∂w ∂y
Ahora, como
∂g
∂v
=0 y
= 0, entonces
∂x
∂x
∂g
∂F
∂F ∂z
= 1·
+
=0
∂x
∂u
∂w ∂x
Despejando,
∂F
∂z
= − ∂x
∂F
∂x
∂z
en todos los puntos de D donde
¯
∂F ¯¯
6= 0
∂z ¯(x,y,z(x,y))
∂F
∂z
∂y
De manera similar,
=−
∂F
∂y
∂z
Teorema 3.4
Si F es diferenciable en un conjunto abierto D de Rn y si la ecuación F (x 1 , x 2 , ..., x n ) = 0 define a x n como una
función diferenciable x n = f (x 1 , x 2 , ..., x n−1 ) en algún conjunto abierto de Rn−1 , entonces
Cálculo diferencial en varias variables
122
∂F
∂f
∂x i
=−
∂F
∂x i
∂x n
en aquellos puntos en los que
∂F
6= 0.
∂x n
z definida de manera implícita por F (x, y, z) = 0.
Si z = z(x, y) está definida de manera implícita por F (x, y, z) = 0 de acuerdo a las hipótesis del teorema 3.6,
entonces
zx = −
Fy
Fx
y zy = − .
Fz
Fz
En el teorema de la función implícita podemos intercambiar variables. Por ejemplo, si x y z son las variables independientes y si se cumplen las hipótesis del teorema,
yx = −
Fx
Fz
y yz = − .
Fy
Fy
Este teorema se puede generalizar para ecuaciones F (x, y, z, u) = 0.
Ejemplo 3.19
Sea z definida de manera implícita por F (x, y, z) = x y z + x + y − z = 0. Como se cumplen las condiciones del
teorema 3.6 entonces
zx = −
Fx
zy +1
=−
Fz
xy −1
y zy = −
Fy
Fz
=−
zx + 1
xy −1
Ejemplo 3.20
Calcule z x y z y si F (x, y, z) = x 2 − 2y 2 + 3z 2 − y z + y = 0 define a z como z = z(x, y).
Solución: Dado que F x = 2x, F y = −4x − z + 1, F z = 6z − y, entonces si F z 6= 0, por el teorema 3.6,
3.6 Derivadas de una función definida de manera implícita.
zx = −
2x
6z − y
zy = −
1 − 4y − z
6z − y
123
en R2 − {(x, y) ∈ R2 : 6z(x, y) − y = 0.}
Ejemplo 3.21
Considere la función z definida de manera implícita por x 2 + y 2 + z 2 − 1 = 0. Calcular z x , z y , zxx , z y y y z y x
Solución:
z está definida de manera implícita por F (x, y, z) = x 2 + y 2 + z 2 − 1 = 0. Entonces,
zx = −
Fx
x
=−
Fz
z
y
zy = −
Fy
Fz
=−
y
z
Para calcular z x y , z xx y z y y debemos notar que z x y z y no son funciones definidas de implícita, como tal
derivamos de manera ordinaria.
³ x´
³ x´
∂ −
z−x −
∂(z x )
z = − 1 · z − x zx = −
z ,
zxx =
=
∂x
∂x
z2
z2
zy y
³ y´
∂
−
2
2
∂(z y )
z = − 1 · z − y zy = − z + y ,
=
=
2
3
∂y
∂y
z
z
³ y´
³ x´
∂
−
y
−
∂(z y )
z = y · zx =
z .
zy x =
=
∂x
∂x
z2
z2
Ejemplo 3.22
Si F (xz, y z) = 0 define a z como función implícita de x e y y además cumple con las condiciones del teorema
3.6 en cada punto de una región D, entonces verifique que, en D, se satisface la ecuación
y·
∂z
∂z
+x ·
= −z
∂y
∂x
Solución: Sea u = xz y v = y z, entonces F (xz, y z) = F (u, v) = 0.
Cálculo diferencial en varias variables
124
∂z
∂y
= −
∂z
∂x
= −
y·
∂z
∂z
+x ·
∂y
∂x
Fy
Fz
=−
Fu · 0 + F v · z
Fu · x + F v · y
Fu · z + F v · 0
Fx
=−
Fz
Fu · x + F v · y
Luego
Fv · z
Fu · z
+ −x ·
Fu · x + F v · y
Fu · x + F v · y
¡
¢
z Fu · x + F v · y
= −y ·
= −
Fu · x + F v · y
= −z
3.7
(*) Derivación implícita: Caso de dos ecuaciones.
Supongamos que u = u(x, y) y v = v(x, y) son funciones definidas de manera implícita por las ecuaciones
F (x, y, u, v) = 0
y
G(x, y, u, v) = 0
Para deducir las expresiones para u x , u y , v x , v y se resuelve el sistema
¯
¯ F
¯ u
para d u y d v. Si J = ¯
¯ Gu
Fv
Gv


 dF
=


= G x d x +G y d y +G u d u +G v d v = 0
dG
F x d x + F y d y + Fu d u + F v d v = 0
¯
¯
¯
¯ , obtenemos
¯
¯
1 ¯¯ F x
du = − ¯
J ¯ Gx
Fv
Gv
¯
¯
¯
1 ¯¯ F y
¯
¯ dx − ¯
¯
J ¯ Gy
Fv
Gv
¯
¯
¯
¯ dy
¯
como d u = u x d x + u y d y entonces se obtienen las fórmulas (siempre y cuando J 6= 0. )
ux
=
−
¯
¯ F
¯ x
¯
¯ Gx
Fv
Gv
J
¯
¯
¯
¯
¯
,
uy
=
−
¯
¯ F
¯ y
¯
¯ Gy
Fv
Gv
J
¯
¯
¯
¯
¯
3.7 (*) Derivación implícita: Caso de dos ecuaciones.
125
y
vy
=
−
¯
¯ F
¯ u
¯
¯ Gu
Fy
Gy
J
¯
¯
¯
¯
¯
,
vx
=
−
¯
¯ F
¯ u
¯
¯ Gu
Fx
Gx
¯
¯
¯
¯
¯
J
Ejemplo 3.23
Si u = u(x, y) y v = v(x, y) son funciones definidas de manera implícita por las ecuaciones
F = u 2 + v 2 − x 2 − y = 0,
G = u + v − x 2 + y = 0,
calcular u x y u y .
¯
¯ F
¯ u
Solución: Como J = ¯
¯ Gu
Fv
Gv
¯ ¯
¯ ¯ 2u
¯ ¯
¯=¯
¯ ¯ 1
¯
¯
¯
¯ = 2(u − v),
¯
2v
1
entonces,
ux =
x(1 − 2v)
1 + 2v
y uy =
.
u−v
2(u − v)
Ejemplo 3.24
Sea z = f (x, y) definida por z = u + v donde u = u(x, y) y v = v(x, y) son funciones definidas de manera
implícita por las ecuaciones
F
= u + e u+v − x = 0
G
=
v + e u−v − y = 0
Si u = v = 0 entonces x = y = 1. Calcular z x (1, 1).
Solución: z x = u x + v y . Podemos calcular u x y v y usando las fórmulas respectivas, sin embargo, para cálculos
numéricos es más práctico derivar respecto a x las expresiones F = 0 y G = 0. En efecto, derivando respecto a x
obtenemos
u x + e u+v (u x + v x ) − 1 = 0 y v x + e u−v (u x − v x ) = 0
Cálculo diferencial en varias variables
126
de modo que cuando x = 1, y = 1, v = u = 0 se obtiene
2u x + v x − 1 = 0 y u x = 0
con lo que u x = 0 v x = 1 si x = 1, y = 1, v = u = 0. Así que z x (1, 1) = 0 + 1 = 1.
Ejercicios
12
3.31 Si x 2 y 2 + sen(x y z) + z 2 = 4 define a z como función implícita de x e y, verifique que
x
3.32 Sea g
³xy
∂z
∂z
−y
= 0.
∂x
∂y
´
, x 2 + y 2 = 0 una ecuación que define a z como una función de x e y. Verifique que si g x , g y y
z
g z existen y son continuas en toda la región en la que g z 6= 0, entonces
y
∂z
∂z
z(x 2 − y 2 )
−x
=−
∂x
∂y
xy
3.33 Sea z = f (z/x y) con f dos veces derivable. Calcule
x
3.34 Sea z = x ln(y z). Calcule
∂z ∂z
,
y verifique que
∂x ∂y
∂z
∂z
−y
= 0.
∂x
∂y
∂2 z
∂z ∂z ∂2 z ∂2 z
,
y
,
,
.
∂x ∂y ∂x 2 ∂y 2 ∂x∂y
3.35 Si f (zx, y 2 ) = x y define a z como función implícita de x y y, calcule z x y .
3.36 Si f (zx, y 2 ) + g (z 2 ) = 5d e f i nea z como f unci óni mpl íci t ad e x y y, calcule z x y z y
3.8
Gradiente.
Definición 3.3 (Campo Gradiente).
Sea f : D ⊆ Rn −→ R una función (o campo) escalar diferenciable en una región R, entonces la función (o
campo) gradiente de f es la función vectorial ∇ f : R ⊆ Rn −→ R definida por
¡
¢
∇ f (x 1 , x 2 , ..., x n ) = f x1 , f x2 , ..., f xn
En el caso f : D ⊆ R2 −→ R
3.8 Gradiente.
127
¡
¢ ∂f
∂f
ı̂ +
̂
∇ f (x, y) = f x , f y =
∂x
∂y
En el caso f : D ⊆ R3 −→ R
¡
¢ ∂f
∂f
∂f
∇ f (x, y, z) = f x , f y f z =
ı̂ +
̂ +
k̂
∂x
∂y
∂z
Interpretación geométrica del campo gradiente. El gradiente ∇z : R2 → R2 es un campo vectorial (campo
gradiente). Por ejemplo, consideremos el paraboloide z − 1 = x 2 + y 2 , el campo gradiente de z es ∇z = (2x, 2y). Una
representación gráfica de esta superficie y de algunos vectores (trasladados) se ve en la figura 3.4. Los vectores apuntan
en la dirección de máximo crecimiento del paraboloide y la magnitud de estos vectores nos dan una medida de la
‘intensidad’ de esta razón de cambio.
Ahora consideremos el paraboloide z − 3 = −x 2 − y 2 , el campo gradiente de z es ∇z = (−2x, −2y). Una representación
gráfica de esta superficie y de algunos vectores (trasladados) se ve en la figura 3.5. Los vectores apuntan en la dirección
de máximo decrecimiento del paraboloide y la magnitud de estos vectores nos dan una medida de la ‘intensidad’ de
esta razón de cambio
Figura 3.4: ∇z(P ) apunta en la dirección de máximo
crecimiento respecto a P
Ejemplo 3.25
Si f (x, y) = sen x y + x 2 y 2 , calcule ∇ f (π, 1).
Solución: El gradiente está dado por :
Figura 3.5: ∇z(P ) apunta en la dirección de máximo
decrecimiento respecto a P
Cálculo diferencial en varias variables
128
¡
¢
¡
¢
∇ f (x, y) = y cos x y + 2x y 2 ı̂ + x cos x y + 2x 2 y ̂
y evaluando
¡
¢
∇ f (π, 1) = (2π − 1) ı̂ + 2π2 − π ̂
Si x 2 + y 2 + z 2 = 1, calcule ∇z(x, y).
Solución: Excepto en la circunferencia x 2 + y 2 = 1 (curva de nivel z = 0 ), se puede calcular
µ
¶
Fy
Fx
x
y
∇ f (x, y) = − , − , = − ı̂ + − ̂
Fz
Fz
z
z
Si G(x, y, z) = x 2 z + z 3 y + x y z, calcule ∇G(x, y, z).
Solución:
∇G(x, y, z) = (G x , G y , G z ) = (2xz + y z) ı̂ + (z 3 + xz) ̂ + (x 2 + 3z 2 y + xz) k̂
Ejemplo 3.26
Consideremos la superficie S de ecuación x 2 + y 2 + z 2 = 1. Sea
p
p
p
P = (1/ 3, 1/ 3, 1/ 3) ∈ S.
³ x
x´
El gradiente de z es ∇z(x, y) = − , − .
z
z
∇z(P ) = (−1, −1) .
El gradiente no está definido si z = 0 porque las derivadas parciales se indefinen (las tangentes a la superficies sobre la circunfencia x 2 + y 2 = 1 son rectas verticales)
3.9
Gradiente, curvas y superficies de nivel.
Recordemos que si z = f (x, y) entonces la curva z = c (es decir, c = f (x, y) ) la llamamos “curva de nivel”. Si tenemos
w = g (x, y, z), la superficie w = 0 (es decir 0 = g (x, y, z) ), se denomina superficie de nivel w = 0.
3.9 Gradiente, curvas y superficies de nivel.
129
Si S es una superficie de ecuación G(x, y, z) = 0, con G derivable con continuidad en el plano, y si P = (x 0 , y 0 , z 0 ) ∈ S,
entonces,
µ
¶
Gy
Gx
1. Si se cumplen las condiciones del teorema de la función implícita, en P se tiene, ∇z(x, y) = − , −
Gz
Gz
El vector ∇z(x 0 , y 0 ) es perpendicular a la curva de nivel z = z 0 , es decir ∇z(x 0 , y 0 ) es perpendicular al vector
tangente en (x 0 , y 0 ). Si necesitamos un vector perpendicular, podríamos usar solamente (−G x , −G y ).
Por supuesto, si la ecuación de la superficie es z = f (x, y), podemos calcular el gradiente de la manera usual
tomando G = z − f (x, y) = 0 y entonces G z = 1.
Figura 3.6: ∇z(x 0 , y 0 , z 0 ) es perpendicular a la curva de nivel z = z 0 .
2. El vector ∇G(x 0 , y 0 , z 0 ) es perpendicular a la superficie de nivel w = 0, es decir ∇G(x 0 , y 0 , z 0 ) es perpendicular a
cada curva de la superficie S, que pasa por P = (x 0 , y 0 , z 0 ).
. Hacer clic en la figura para ver en 3D (en Internet)
Figura 3.7: ∇G(P ) es perpendicular (al plano tangente) a S en P .
Cálculo diferencial en varias variables
130
Ejemplo 3.27
p p
¡
¢
Considere la curva C de ecuación y 2 − x 2 (1 + x) = 0. Sea P = 1/6, 7/ 216 . Observe que P ∈ C . Calcule un
vector perpendicular a la curva en P.
Solución: Podemos ver C como una curva de nivel de
z = y 2 − x 2 (1 + x), concretamente la curva de nivel z = 0.
De acuerdo a la teoría, el vector ∇z(P ) es perpendicular a
la curva de nivel C en P. Veamos
∇z(x, y) = (−x 2 − 2x(x + 1), 2y)
∇z(P ) = (−5/12,
p p
7/ 54)
Figura 3.8: ∇z(P ) es un vector perpendicular a la
curva en P
En la figura 3.8 se muestra gráficamente la situación.
Ejemplo 3.28
Considere la superficie S de ecuación
1
(z − 1)2 + (x − 2)2 + (y − 2)2 − 4 = 0.
9
p
Sea P = (3, 2, 1 + 3 3). Observe que P ∈ S. Calcule un
vector perpendicular a la superficie S en P.
Solución: De acuerdo a la teoría, el vector ∇G(P ) es perpendicular a la curva de nivel S en P donde G(x, y, z) =
1
(z − 1)2 + (x − 2)2 + (y − 2)2 − 4.
9
µ
2
∇G(x, y, z) = (G x , G y , G z ) = 2(x − 2), 2(y − 2), (z − 1)
9
µ
¶
2
∇G(P ) = 2, 0, p
3
En la figura 3.9 se muestra gráficamente la situación.
¶
Figura 3.9: ∇G(P ) (traslación) es un vector perpendicular a la
superficie S en P
3.10 Derivada direccional
3.10
131
Derivada direccional
. Hacer clic en la figura para ver en 3D (en Internet)
Suponga que deseamos calcular la tasa de cambio de
z = f (x, y) en el punto (x 0 , y 0 ) en la dirección de un vecu = (a, b) , para esto consideremos
tor unitario arbitrario #»
la superficie S con ecuación z = f (x, y) (la gráfica de
f ) y sea z 0 = f (x 0 , y 0 ) . Entonces el punto P = (x 0 , y 0 , z 0 )
pertenece a S . El plano vertical generado por la recta L
que pasa por el punto (x 0 , y 0 , 0) en la dirección del vector
#»
u , interseca a la superficie S en la curva C . La pendiente
de la recta tangente T a la curva C en el punto P es la
tasa de cambio de z en la dirección del vector #»
u.
Figura 3.10: Derivada direccional
Sea Q = (x, y, z) otro punto sobre la curva C , y sean P 0 = (x 0 , y 0 ) y Q 0 = P 0 + h #»
u las proyecciones ortogonales sobre el
plano X Y de los puntos P y Q, entonces
# »
P 0Q 0 = Q 0 − P 0 = h #»
u
. Hacer clic en la figura para ver en 3D (en Internet)
para algún escalar h . Así pues,
x − x 0 = ha =⇒ x = x 0 + ha
y − y 0 = hb =⇒ y = y 0 + hb
# »
Figura 3.11: ||P 0Q 0 || = h|| #»
u ||
# »
El cambio sobre recta L es ||P 0Q 0 || = h|| #»
u || = h ( #»
u es unitario), por tanto la razón de cambio está dada por
∆z
∆z
z − z0
f (x 0 + ha, y 0 + hb) − f (x 0 , y 0 )
=
=
=
#»
h|| u ||
h
h
h
y al tomar el límite cuando h −→ 0 (siempre y cuando este límite exista) obtenemos la tasa de cambio instantánea de
z (con respecto a la distancia) en la dirección de #»
u , la cual se llama derivada direccional de f en la dirección de #»
u.