03 de Octubre de 2023 Ejercicios (Tomado de [1] ) 1- En la figura tres bloques están conectados y empujados hacia la derecha sobre una mesa horizontal sin fricción por una fuerza de magnitud T 3 = 65,0 N. Si m1 = 12,0 kg , m2 = 24,0 kg y m3 = 31,0 kg. Calcule (a) la aceleración del sistema y las tensiones (b) T 1 y (c) T 2 de las cuerdas conectoras. Datos: T 3=65,0 N ; Incógnitas: a=? ; m1=12,0 kg ; Figura 1 m2 =24,0 kg ; m3=31,0 kg . T 1=? ; T 2=? Masa 1 Masa 2 Masa 3 Figura 2 Figura 3 Figura 4 Solución: Atención: Los signos coinciden con la dirección de los vectores unitarios vectores unitarios en la Figura 2). ̂i , ̂j , k̂ (Ver los Masa m1 : Masa m2 : Masa m3 : Eje x: m1 a=T 1 (ec. 1) Eje x: m2 a=T 2−T 1 (ec. 2) Eje x: m3 a=T 3−T 2 (ec. 3) Eje y: 0=N 1−P 1 Eje y: 0=N 2−P 2 Eje y: 0=N 3−P 3 Importante: Dado que las tres masas se mueven en dirección masas es ⃗ a =a⋅̂i . 1 +x la aceleración de las tres Resolvemos el sistema de ecuaciones (1) , (2) y (3) m1 a=T 1 (1) , −T 1 T 2=m2 a (2), −T 2T 3=m3 a (3) Sustituyendo (1) en (2) se obtiene la tensión T 2 : −m1 aT 2=m2 a T 2=m2 am1 a (4) Sustituyendo T 2 en la ec. (3) obtenemos: −m2 am1 a T 3=m3 a T3 =0,97 m/ s 2 m1m2m3 Sustituyendo la aceleración en las ecuaciones (1) y (4) obtenemos las tensiones T 1 y T 2 De la anterior ecuación obtenemos la aceleración: a= T 1=11,64 N , T 2=m2 aT 1=34,92 N 2- En la figura un cajón de 100 kg es empujado con una rapidez constante hacia arriba de una rampa inclinada sin fricción de 30 . Determine la magnitud de (a) por una fuerza horizontal F F y (b) la fuerza que ejerce la rampa sobre el cajón. Figura 5 Datos: m=100 kg , =30º F =? , N =? Dado que v=cte a=0 Figura 6 Solución: N Masa m: m a = F P Eje X: m a=F x −P x Dado que el cajón sube con rapidez constante su aceleración es cero: a=0 0=F cos 30º – Psen 30º F= Ptan30º =m g tan 30º La magnitud de la fuerza es F =565,8 N Eje Y: 0=N – F y – P y N =F y P y N = F sen 30ºP cos 30º 2 N =1131,6 N 3- (a) Considere los tres bloques conectados que se muestran en el diagrama. Si el plano inclinado carece de fricción y el sistema está en equilibrio, determine (en función de m , g y ) M , T1 y T2 . Figura 7 Diagramas de cuerpo libre: Masa 1 Masa 2 Masa 3 Figura 8 Figura 9 Figura 10 Solución: Atención: Los signos coinciden con la dirección de los vectores unitarios ̂i , ̂j , k̂ . Masa m1 : Masa m2 : Masa m3 : Eje x: m1 a=T 1−P 1x Sistema en equilibrio: a=0 0=T 1 – P 1x → T 1=m1 g sen Eje x: Eje x: m2 a=T 2 – P 2x−T 1 Sistema en equilibrio: N 1=m1 g cos Eje y: m3 a=T 2 −P 3 0=T 2 – P 2x−T 1 Sistema en equilibrio: Eje y: Eje y: 0=N 1−P 1y → a=0 ∑ F x =0 0=N 2−P 2y → 0=T 2 – P 3 → N 2=m2 g cos T 2=m3 g 3 a=0 (b) Determine los valores de T 1 y T 2 Sustituyendo m1=2m , m2 =m y m3=M obtenemos T 1=2 m g sen (1) T 2=m g sen T 1 T 2=M g (3) (2) Sustituyendo (1) en (2) obtenemos: T 2=3 m g sen (4) M =3msen Comparando (3) y (4) resulta Duplique el valor de la masa suspendida en a) y determine: c) La aceleración de cada bloque d) las tensiones T 1 y T 2 . c) Determinación de la aceleración. M ' =2M=6m sen Atención: Los signos coinciden con la dirección de los vectores unitarios ̂i , ̂j , k̂ . Masa m1 : Masa m2 : Eje x: m1 a=T 1−P 1x Eje x: Sustituyendo m1=2 m y P 1x=2mgsen en la Masa m3 : m2 a=T 2 – P 2x−T 1 Eje y: −m3 a=T 2−P 3 −M ' a=T 2 – M ' g Sustituyendo m2 =m y ec. P 2x=mgsen en la ec. anterior obtenemos anterior obtenemos 2 ma=T 1−P 1x m a=T 2 – P 2x−T 1 2 ma=T 1−2 m g sen m a=T 2−T 1−mg sen (6) T 1=2 m a2 m g sen (5) T 2=M ' g – M ' a Sustituyendo M ' =6m sen en la ecuación anterior obtenemos T 2=6 m g sen −6 ma sen (7) Sustituyendo (5) y (7) en (6) obtenemos m a=6 m g sen −6 ma sen −2 m a2 m g sen – m g sen (8) Despejamos la aceleración a de la ec. (8) a= g sen (9) 12 sen Para obtener la tensión T 1 sustituimos (9) en (5) obteniéndose 4 2 m g sen 1sen 2 m g sen =T 1 . Luego de simplificar se obtiene T 1=4 m g sen 12sen 12sen Para obtener T 2 sustituimos la aceleración a en (7) y simplificamos T 2=6 m g senθ ( 1+ senθ 1+2 sen θ ) Ejercicio 3 Un velero se mueve en dirección X y el mismo adquiere una aceleración a constante igual a 1,5 m/ s 2 . El velero enfrenta una fuerza de roce f r constante de magnitud 100 N ¿ Que fuerza F v ejerce el viento sobre el velero. Su masa total es de 200 kg. Figura 12 Figura 11 Atención: Los signos coinciden con la dirección de los vectores unitarios ̂i , ̂j , k̂ . Datos: a=1,5 m/ s 2 , F r=100 N Eje X: m a=F V – f r (1) Eje Y: 0=N – P (2) De (1) obtenemos FV : F V =ma f r Luego F V =200 kg 1,5 m/ s 2100 N =400 N 4- Un bloque de masa m1 = 3,70 kg sobre un plano inclinado sin fricción de ángulo 30º está conectado por una cuerda a través de una polea ideal a un segundo bloque de masa m2 = 2,3 kg que cuelga verticalmente. (ver figura) Determine (a) la magnitud de la aceleración de cada bloque, (b) la dirección de la aceleración del bloque que cuelga y (c) la tensión en la cuerda. Datos: m1=3,7 kg , m2 =2,3 kg , =30º , a=? 5 Figura 13 Solución Masa m1 Masa m1 : Eje X: m1 a=T − P x Eje Y: 0=N −P y m1 a=T – m1 g sen θ (1) Figura 14 Masa m2 Masa m2 : (Fuerzas que actúan sobre m2 ) −m2 a=T −m 2⋅g Eje Y: (2) Figura 15 Atención: Los signos coinciden con la dirección de los vectores unitarios ̂i , ̂j , k̂ . Para obtener la aceleración sumamos ec. (1) y ec. (2) m1 a=T – m1 g sen θ (1), −m 2 a=T −m 2 g (2) Despejando T de (2) y sustituyendo en (1) se obtiene m1 a+ m2 a=m2 g – m1 g sen θ Sustituyendo los datos iniciales obtenemos: Importante: Dado que a >0 a= m2 g −m1 g sen θ m1 + m2 a=0,74 m/s 2 la dirección de movimiento elegida de las masas es correcta. Si el signo de la aceleración resultante hubiese sido a <0 las masas se moverian en dirección contraria a la elegida. Para obtener la tensión sustituimos en la ec. (2) el valor obtenido para la aceleración: T = P 2−m2 a T =20,85 N 6 5 Determine la aceleración a con que se moverán los cuerpos de la Figura 16 y la tensión T en la cuerda. Suponga que no existe roce. Los datos del m1=20kg , problema son los siguientes: m2 =18kg , α=30º , β=60º . Figura 16. Sistema compuesto por dos masas. Masa m1 : Eje X: m 1 a=T − P1x m1 a=T – m1 g sen α Eje Y: 0=N 1−P 1y → (1) N 1=m1 g cos α Figura 17. Diagrama de fuerzas para m1 (Observe cuidadosamente la colocación de los ángulos.) 7 Masa m2 : Eje X: m2 a=−T + P 2x → m2 a=m 2 g sen β−T Eje Y: 0=N 2−P 2y → (2) N 2= P 2 cos β Figura 18. Diagrama de fuerzas para m2 (Observe cuidadosamente la colocación de los ángulos.) Para la determinación de la aceleración resolvemos el sistema compuesto por las ecuaciones (1) y (2). m1 a=T – m1 g sen α (1) , m 2 a=m 2 g sen β−T (2) Sumando (1) y (2) obtenemos: (m1 +m2 )a=m2 g sen β – m1 g sen α La aceleración está dada por: m2 g sen β – m 1 g sen α m 1+ m 2 Luego de sustituir los valores del problema obtenemos que la aceleración es igual a: a= a=1,44 m/s 2 Para obtener el valor de la tensión T sustituimos el valor de a en la ecuación: T =m1 a + m1 g sen α → T =(a + g sen α) m1 → T =126,8 N Bibliografía [1] http://alfa.facyt.uc.edu.ve/~oalvarez/pdfs/problemas4.pdf 8