Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas

!"
$$!
" !
Ciclo de Carnot para fluido condensable.
"
"
←
.
iii.
EÉ f
"
g.
①sum.
izq
①CED-=
W ciclo
§
=
Ha-Ha
=
=
HI-HY
Wine-10
y
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
=
① s u m - ①r e d .
=L
C
d0r
W B O M B A=
HI-HY
W Tu r b i n a :
L
H2-Hrs
-
1 de 28
!"
!!
#!
"
$
Ciclo Rankine o ideal de la turbina de
vapor
!
N-O-T-A
Ta m -Te m p . m e d i a .
.
Ta m
=
W BOMBA
=
H s - H Y
w w w . i n a= H a - H }
1R
t
=
①ABS
① CED
=
=
Ía
Ha-HS
H3-HY
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
2 de 28
!!
!!!
!!
! !
Ciclo Rankine con recalentamiento
ii
i.
LA
"
""
"
"
W BOMBA
=
"
H I - H 6
W ciclo.. W T u r - W BOMB.
① ABS
①
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
CED
=
HY-HI
=
H S - H6
3 de 28
Ejercicio
Una máquina que describe el ciclo de Carnot y utiliza agua como fluido opera entre las temperaturas de
350°C y 20°C. Calcular:
P á g . 8 4 1 1 -Sat.
a) El trabajo realizado por la turbina.
b) El trabajo requerido por la bomba.
c) La eficiencia térmica.
E D O.
Plbar)
To c
2
0.023393182
(Mheg)
2 5 6 3.6 3 6 7 1 1
2537.433404
20
° -
=
83.91414483
20
4
H t
Hq
350
3
:
}
(KYKG)
1 6 70.8 8 9 9 0 6
350
165.2941514
1-
H f
d ea g u a
5 f t Kitkat
591141kg)
3.7 7 8 3 6 6 0 9
5.2 1 1 0 0 1 5 78
0-296483337
8.6 6 5 9 8 4 4 7 7
"
1 6 7 0. 8 8 9 9 0 6 "hcg
SI. = 3 . 7 7 8 3 6 6 0 9
k l 2l 5k6 3g
ks
. 6 3o
6 7 1k
1 .t a l52
:
5.2 1 1 0 0 1 5 78
ktlkg.la
H s : 1 5 2 4 .6 0 5 1 6 7 Kitka
53 = 5.211001578141kgo k
Hy = 1 1 0 4 . 6 2 8 0 7 4 k V K G
54 = 3.77836609141100k
113: 5.211001578
0. 2 9 6 4 8 3 3 3 7
8.665984477-0.2-37=0.587193688
-
Hs:(2537.433404 83.91414483) 0.587193688 -183.91414483
-
Hs
=
1524,605167
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
HIKS
4 de 28
"
X y : 3-77836609
0.29 6 4 83337
-477-0.257=0-4160203452
-
Hy:
12537.433404-83.91414483)
Hy
1 1 0 4 . 6 2 8 0 7 4 N I K9 .
①
=
sum
①s u m
①CED
H a - H a
=
-
1 6 7 0.8 8 9 9 0 6 ) " l l a s
8 9 2 . 74 6 8 0 5 " k g
=
Hrs
=
1 2 5 63. 6 3 6 7 1 1
=
O - 4 1 6 0 2 0 3 4 5 2 T 83.91414483
*
HY
-
=
11524.605167
1104.
-
6280741kt k g
①C E D : 4 1 9 . 9 7 7 0 9 3
Te
=
7 2 :
3 5 0.0 = 6 2 3.1 5 ' K
20°C
293.15 Ya
=
[=
1
-
2 9 3.1 5
=
625.1T
52.9567%
[ t-jqjff.IE#-.s2.9s67Yo= t=
WB0mB=Hz-H4-1 1 6 7 0.8 8 9 9 0 6
WBOMB:
WTURB.
=
W Tu r n s :
-
1104.628074)KYKS
566.261832
H a - Has =L 2563.636711
1 0 3 9.0 3 1 5 4 4
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
-
1524.605167) " l l a s
K Yk g
5 de 28
!
Ejerci
Un ciclo Rankine opera entre los límites de presión
de 40 bar y 0.15 bar. La temperatura que entra a la
cio
turbina es de 250.3540453°C. Calcular:
"ciclo Rankine Ideal
Sestados.
a) El trabajo de la bomba.
b) La eficiencia térmica.
EDO.
Plbar)
1-
4 0
40
2
4
0.1 5
0.1 5
5
4 0
3
E D O.
2 5 0. 3 5 4 0 4 5 3
2 5 0. 3 5 4 0 4 5 3
5 3.9 6 9 3 1 2 9
53.9693129
54.24636
3
6.069571565
Y
0. 7 5 4 8 6 4 5 1 4
St
1 0 8 7. 4 9 1 5 9 6
2 8 0 0. 8 2 0 6 3 1
1964.487601
2259442816
230-513013
slkllkg.la)
2
5
a y
HIKUK9)
To c
2.796762023
6.069571565
1-
p.
0-754864514
=
0. 7 5 4 8 6 4 5 1 4
59=8.007080029
)×
X .
H t .
2 2 5.9 4 4 2 8 1 - 6
H A
2 5 9 8. 2 8 4 0 3 8
6 .0 6 9 5 7 1 5 6 5
-
0-754864514
80070800290.75480
T
0-7328390945
ftp.jzgqg. 2 8 4 0 3 8 - 2259442816)
0.7328390945T 225.9442816
H E 1 9 6 4 . 4 8 7 6 0 1 1 4 kg
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
6 de 28
!!
2 3 0 . 5 1 3 0 1 3 1 41K G
H S=
T S
54.24636°C
=
I N D O M B A= H s - H y
1 N B O M B A : 1 2 3 0. 5 1 3 0 1 3
INT
=
H 2 - H3
INT
=
12800
INC
I N C
I N C
225.9442816) t a l k s
4.5687314141kg
I NBOMBA:
INT
-
1 9 6 4 . 4 8 7 6 0 1 ) Kllkg
820631
836.33303 K ' I k a
=
INT
=
-
-
-
IND
4 . 5 6 8 7 3 1 4 ) KYKG
8 3 1 .7 6 4 2 9 8 6 Kitka
(836.33303
=
=
-
①GBS
Ha-Hs
Q QB S : ( 2 80 0.820 63 1
①A B S : 2 5 7 0 . 3 0 7 6 1 8
=
"
[=
[=
Qarss
-
2 3 0. 5 1 3 0 1 3 ) K i t k a
→
831.7642986141kg
w→
=
0.3236
0.3236×100
2=32.3690
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
7 de 28
Ejercicio
Un ciclo Rankine donde el vapor se ingresa a la turbina con 60 bar de presión y 550°C. La presión en
el condensador es de 0.05 bar. Calcular:
a) El título del vapor al salir de la turbina.
b) El trabajo desarrollado por la turbina y la bomba.
c) El rendimiento térmico.
De
6 0 b a r
=
TSM- : 2 7 5 . 5 8 4 9 9 ° C
→
TOPER =
*
COMO
l a
Vapor
EDO.
L Í O. COMP=
sobre
y o
2
6 0
y
550°C
d e operación
calentado
es m a y o r
V.
T (OC)
Dibar)
1
5 .C
= )
H
Pág
Pá g
v . 5. C .
que
l a de
Resolver c o n
(kilos)
12.
41
saturación
C -b . C . D
.
slkslkg.la).
275.58499
1 2 1 3.9 2 2 7 7 2
3.027 784972
275.58499
2784-589497
5.8901 2 6091
4
6 0
6 0
S
0.0 5
y
0.05
32.87425509
32.87425509
3
D =
t e m p ,
P á g . 14.
550
3541.2795
7.0 3 0 5 5 3
7. 0 3 0 5 5 3
0.051bar)
S
f 0.476198271
" 7.0 3 0 5 5 3 - 0. 4 7 6 1 9 8 2 7 1
59=8.393795829}
=
8393795829.047619827T
X:O-8278211517
H E
137.7485954
H A 2560.72549
)
0-8278211517 7137-7485954
H
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
(2560-72549-137.7485954)
# =
=
2143.540119141kg
8 de 28
!
lll
41
I n t e r p o l a c i o n e s página
comprimido
)
D =5 0 b a r
S lkllkg.la)
0.295431
TOC
2 0
3 3.1 4 5 2 7 6 5 9
40
H
lkllka)
0.476198271
88.607
1 4 3.3 8 6 6 5 3 9
0.570461
171.952
D=7 5 b a r
slkllkg.la)
T o c
HIKING)
0. 2 9 4 8 9 3
2 0
33.20528568
90-946
145.8892321
0-476198271
0. 5 6 9 4 8 8
4 0
1 74.1 6 0
D= 6 0 b a r
Dibar)
HIKING)
7°C
5 0
33.14527659
143.3866539
6 0
33.16928623
144.3876852
7 5
33.20528568
145-8892321
IHU-HSIN-1=3541.2795-2143.540119
NTI
INTI
1397.739381 K l l k g
K I B= H t - H G
N B
KIB
=
144.3876852-137.7485954
6.6390898141k
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
g
9 de 28
" !
INCICLO
I Nciclo
=
=
Wciclo:
INT - K I D
1 1 3 9 7.7 3 9 3 8 1 - 6 .6 3 9 0 8 9 8 ) 141k g
1391. 100291
①A B S
=
4 4 - H z
①ABS
=
13541.2795
① ABS
[=
"
=
"
[=
"
=
-
141k g
144.3876852) t a l k9
3396.891815 1 4 1 1 4
1 3 9 1 . 1 0 0 2 9 1 k Vk g
- 8 9 1 8 1 5 g
0409521
1=40-9521
×
=
0.409521
1 0 0
Yo
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
10 de 28
"#
"!
""
"!!
!!
Ciclo Rankine con
recalentamiento intermedio
④
÷
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
11 de 28
Ejerci
cio
De una instalación térmica que opera según ciclo Rankine con recalentamiento intermedio, se tomaron
los siguientes datos: presión en la caldera 84 bar, presión en el recalentador 28 bar, temperatura a la
entrada de la turbina de alta presión 550°C,presión en el condensador 0.075 bar, temperatura en la
turbina de baja presión 500°C, entalpía en la turbina de alta presión 2900kj/kg, consumo o flujo del
vapor 140,000 kg/hr. Calcular:
a. El estado del vapor a la salida de la turbina de alta presión.
b. El estado del vapor a la salida de la turbina de baja presión.
c. L potencia teórica desarrollada de la turbina de alta presión.
d. La potencia desarrollada de la turbina de baja presión.
e. Trabajo requerido de la bomba.
f. Calor absorbido por el agua de re circulación.
g. El calor cedido al condensador.
h. El rendimiento térmico del ciclo.
Pa
P b
De
=
P S
Pi--Ds
=
T 2
T4
n i
"
=
=
=
=
=
P2
Plo
84bar
=
0.075bar
=
D a
28bar
=
550°C
500°C
=
140,000 "9W
" a a o o .w s
①a
s f
LH2-Hi)
t
(Hy-Hd
[
④
2.
]
a
ad0]
r
①
r e d=
Hs-Hb
Qaja.us?Inwcicl0.si--
Qabs-0ced.W7UrbAiD--H2-H3WTvVbBiD=H6-HI
W ciclo
=
WTurb
Aip T
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
I N Tu r b B i p
T
W BOMBA.
12 de 28
""!
❤
Interpolaciones
Estado 2
84bar
D 2
soy} g ,
=
ya
Ha
g.
=
3517-8422
=
pág.
Estado 4
¡ y
}g
sooo,
=
Esta
0
y
I
-
7 .
=
H i
v . g.c .
k
2 6
2716816
"has
V . g. c .
" l l a s0 k
comprimido
L iQ
pensar)
56
k g
H a= 3 4 5 9 . 4 2 9 2
28bar
D 4=
Página 2 9
8542906 Kitka o
6 .
=
k t
%
"%
siiii
Iii
SI
=
1 3 3 6. 3 8 5 1 9 3 K i t k a
=
3
Estado
DE 28bar
H 3
2 9 0 0 t a lk g
=
52--53
=
6.
8542906
(St
59=8.250891137
=
54
Ss
=
p
×
=
=
=
7. 2 7 1 6 8 1 6
es,
O-5757594365
0.075bar
7.277-681-6
-
0-5757594365
8 2 5 0 8 9 1 1 3 7 0. 5 7 5 7 5 9 4 3 T
X s=
0.8 7 241 78 8 4 8
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
13 de 28
$
H s
2 2 6 7. 0 8 1 3 1 5 H I KG
=
2 2 6 7.0 8 1 3 2 g
(Hf
=
Hg:
H 6
k g
HG-HI
KIB=
W B
k t
3. 240344723
=
I ND=
2573.963211
1 6 8. 5 9 5 5 3 3 7 k V K G
=
56
1 6 8. 5 9 5 5 3 3 7
1 1 6 8. 5 9 5 5 3 3 7
=
-
-
1 3 3 6. 3 8 5 1 9 3 ) K i t k a
1 1 6 7 . 7 8 9 6 5 9 141kg
K I T AD = 1-12-1-13
K I T AD
=
K I T AD
=
ftp.
6 1 7.8 4 2 2 "41k g * 1 4 0 , 0 0 0 " 9 1 W
86.497908×100
12 TA P
=
I NT B P
=
2 4 0 2 7 . 79667kW
Hy-HS
K I T BD =
1 1 9 2 . 3 4 7 8 8 5 k Vk g
1 2T
4 6 3 6 9.0 8 4 4 2
B P=
① ABS
①A
=
B E
(H2-Hz)
ceda
+
*
1 4 0, 0 0 0 Kathir
k W
(Hy - H D
2 74 0 . 8 8 6 2 0 8 1 4 1 kg
① cede H s
①
/Í%→
-
HG
2098.485781 t a l k s
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
14 de 28
%
N c i
O
1 N c i c l o=
[=
=
①A B S - ① c e d
6 4 2 . 4 0 0 4 2 7 talks
6 4 2 . 4 0 0 4 2 7 141kg
2740.886208-9
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
=
23.43%
15 de 28
"$!
!!
" ! "!
ixm=
xztt.ie
" !#
!
""
Extrapolaciones:
Í
' i m .
YI-ymxzXMYm.tt
=
(Xe-Xm)
-
①
1 0 0 b a r
H
=
1338.575067
7-2
②
H
=
0 b a r
1 3 4 0.6 5 74 9
1338.575061
Y m . H e
-
1
1341.996731-1338.575061
2
5
T
(100-84)
1 3 3 6.3 8 51 93 kt k g
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
16 de 28
!
"$"
Problema 1
Un ciclo Rankine donde entra vapor a la turbina a la presión de 20 bars y tiene un título del 92%. La
presión en el condensador es de 0.1bar. Calcular:
a) El trabajo de la bomba
b) El calor suministrado
c) El rendimiento térmico del ciclo.
×..
Edo.
Plbar)
"
HIKING)
9 0 8. 4 9 8 0 7 7 1
2 7 9 8. 2 9 2 6 0 3
7-
2 0
212.3772254
2
2 0
212.37 72254
3
0.1
45-80632892
4
0.1
4 5.8 0 6 3 2 8 9 2
2392.494454
1 9 1.8 0 5 9 4 4 4
5
a .
45.9323076
193.9873842
Edo.
7-
S (kllkg.la)
2.4467542
3
6.339006636
6.339006636
4
0.6491-95605
2
5
0.6 4 9195 6 05
.
-
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
17 de 28
µ,-Hf
\
Has
X
(Hq
191.8059444
=
=
-
2583.858672
H
f )
H f
t
=
0.9 2 1 2 5 8 3. 8 5 8 6 7 2
-
Has
191.8059444) -1191.8059444
Hrs 2 3 9 2 . 4 9 4 4 5 4 KYKS
=
Estado 5
=
LIQUIDO
TOC
H
4 0
(Kitka)
169.22
193.9873842
45.9323076
2 1 0.97
5 0
a )
comprimido.
Tr a b a j o
d e
1 NB O M B A= H S
1NB O M B A
=
1NB O M B A
=
-
l a
s ( k )11agok )
0-57734
0.6 4 9195 6 0 g
O-70258
Bomba:
HY
7 9 1 .8 0 5 9 4 4 4
1 9 3 .9 8 7 3 8 4 2
2 . 1814398 141kg
-
b) Calor suministrado:
① 9135
=
① ABS
=
QaBS
H a -HS
2798.292603
1 9 3.9 8 7 3 8 4 2
2604.305279141kg.
-
=
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
18 de 28
!
%
%
c)
R e n d i m i e n t o Té r m i c o
W
[=
① QBs
KIT
N I
_
=
=
"" c i c l o
INT
2798.292603
=
=
ciclo:
I N T- I N D
H 2 - H3
2392.494454
-
4 0 5 . 7 9 8 1 4 9 talks
Nci
0 = 4 0 5.7 9 8 74
Nci
0=403.616709
[=
del
2.1 8 1 4 39 8
9
2
Kitka
403.6167092141kg
405.7981491411T
×
1 0 0
1=15-4940
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
19 de 28
Problema 2
Un ciclo Rankine donde entra vapor a la turbina a la presión de 64 bars y a una temperatura de 400°C.
La presión en el condensador es de 0.01 bars. Calcular:
a) El trabajo de la bomba.
b) El calor suministrado.
c) El calor cedido por el condensador.
d) El rendimiento térmico del ciclo.
P z
64bar
=
1-S
→
A T
=
279.8285009°C
TO P E R : 4 0 0 ° C
H l k l l k q 7.0l 3 4 7-7 3 0 8 5
Plbar)
EDO.
To c
64
2
64
279.82850 0 9
3
64
279.8285009
4
5
6 4
4 0 0
0 0 2
6
0.01
1235.987307
2780.0 620 47
3170.6132
1822.085754
2 9. 2 9 8 6 3 9 0 3
0.105911944
3.06687 7127
12
5.859164236
6.50599
3
4
5
6.50599
0-105911944
4 0 0 ° C
6 0 b a r
6 4
6.969570223
6.969570223
35.84314886
slkllkg.la)
EDO.
6
)
V . S-C
bar
7 0 b a r
H
"hcg
3278.248
3170.6132
=
=
=
3 1 5 9. 1 6 1
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
5
KYkg.la
6-543180
6.50599
6.4 5 0 2 0 5
{Edo
4
.
20 de 28
Sf: 0.105911944
59: 8 . 9 7 4 8 6 9 4 6 7
×
6.50599
O-10591144
8.974869467-0.1059-4=0.7276268698
=
H A
1 -1
Hs.
-
29.29863903
9=2513.667209
(2513.667209-29-29863903110.7216268698)
+
29.29863903
Mkg
1822.085754
Hs.
Plbart-64
=
6400k P a
JCKYK9.la)
-
P á g . 1 0 1 : p ro p. d e l A g u a Hablas)
0.00032
6.4 8
0.1 0 5 9 1 1 9 4 4
35.84314866
48.22
° -
25042
a) Tr a b a j o d e l a
W B
=
W B
=
KIB
=
1-%
(Kitka)
H
O
7.0 3 4 7 7 3 0 8 5
1 0
Bomba:
HI-Ho
35.84314886 29.29863903
6.54450983141kg
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
-
21 de 28
b ) C o l o r suministrado:
① sum- H y - H I
① sum: 3170.6132
3 5.8 4 3 1 4 8 8 6
3 1 3 4 . 7 7 0 0 5 1 141kg
①s u m :
c )c a l o r c e d i d o
①
Ced
①
Ced:
HS
=
-
p o r
-
e l condensador:
H G
2 9.2 9 863 9 03
① c e d a 1792.7877-15 N I K E
1822.085754
d ) Rendimiento
térmico del
IN ciclo
[=
-
G a B T
"" c i c l o
INT
=
ciclo:
=
INT
-
IND
Hy-HS
① 9135 = H Y - H I
INT
3 1 7 0. 6 1 3 2 - 1 8 2 2 . 0 8 5 7 5 4
1 3 4 8 . 5 2 7 4 4 6 141129
=
INT-
INCIDO
=
INCIDO=
① GBS
=
Q 9 1 3 5=
Y
=
1348.527446-6.54450983
1 3 4 1 . 9 8 2 9 3 6 " I K9
3170.6132-35.84314866
3 1 3 4 . 7 7 0 0 5 1 141kg
1 3 4 1 . 9 8 2 9 3 6 4 kg
¥770051141,7
×
100
2=42.80%
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
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Problema 3
Un ciclo Rankine con recalentamiento intermedio opera con vapor a 88 bar y 600°C. Después de
expandirse la turbina hasta alcanzar la presión de 6 bar, el vapor es devuelto a la caldera y recalentado
hasta la temperatura de 500°C. La presión en el condensador es de 0.1 bar. Calcular:
a) El trabajo requerido en la bomba.
b) El calor suministrado al agua en la caldera.
c) El trabajo realizado por la turbina,
d) El trabajo del ciclo.
e) El rendimiento térmico del ciclo.
p a . Pz
=
Pb.- D s =
P i
Pz
=
Ta
Tu
-
Pa
=
P6
=
Pa
88bar
0.1bar
=
6bar
600°C
=
500°C
=
ESTADO 2 :
)
P 2= 88bar
T2
=
600g
" =
J
=
Interpolaciones
3 6 3 5 . 7 5 4 8 Kitka
6 . 9 7 2 7 8 8 2 Kllkgok
DOG. 2 9 1 Va p o r sobrecalentado
Pbar
HIKING)
80
3642.378
3 6 3 5 .7 5 4 8
88
qq
3634.099
Estado 4 :
104
=
6 b a r
- 1 4 = 5 0 0.0
S
(kllkg.ie)
7-022109
6.9727882
6.960458
pág. 26
}
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
3483.398 K y k g
5 = 8.0 0 4 0 6 2 k l l k9.l a
"=
23 de 28
ESTADO
P z
=
1 :
LIQUIDO Comprimido
88bar
y 5 = 3. 2 7 1 6 5 1 9 3 6
Interpolación
H
=
1 3 5 4.78 73 3 1
Pág. 1 4 4 )
talks
K Y K9. l a
p á g 41.
D = 1 0 0 b a r
jlkllkg.la)
HIKIIKG)
To c
3 . 248794
3 . 271657-936
1 3 4 3.3 3 4
300
3-360648
1356.561906
302.2472931
1408.064
3 1 0. 9 9 7
D = 1 2 5 b a r
SCHIKGOK)
3 . 238048
3 . 271651936
3 . 441474
HIKING)
1 3 4 0. 6 5 7
1360.258938
1459.320
TOC
300
303.3037995
320
Extrapolación.
1356.561906-1360-28,9%10356.56190611100-88)
H t .
=
1 3 5 4 .7 8 7 3 3 1 k i l o s
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
24 de 28
%
Ds-- 6 b a r
H 3
2852.77139 "hcg
=
5 2 - - 5 3 = 6 . 9 7 2 7 8 8 2 k l l k 9. l a
Interpolación
TOC
H
200
200-996185
220
Su
=
Ss
pág. 2 1
lkllk.gl
5 (kllkg.la)
2850.614
6.968322
2852.7 7139
2893.927
6.9727882
7. 0 5 7 9 8 8
Sf
=
8.004062
"
"
%
=
(sq
=
0.6 4 9 1 9 5 6 0 5
8.1 4 8 8 2 0 1 9 3
D=0 . 1 b a r
8.004062
× .
-
0.6 4 9 1 9 5 6 0 5
8148820193.064919560T
X ; 0.9 80 6 979 41 4
191.8059444
Hf-
H G
2 5 8 3.8 5 8 6 7 2
=
Hs-12583.858672-791.8059444110-9806979414+191.8059444
H S
HG
56
=
=
=
2 5 3 7. 6 8 KYKS
191.8059444
S I = 3 - 2 7 1 6 5 1 9 3 6 Kllkgok
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
F-0.1 b a r
25 de 28
"$
!
a ) E l t ra b a j o requerido
I NB O M B O
=
"
e n
l a
Bomba.
H O - H I
1 9 1 .8 0 5 9 4 4 4 - 1 3 5 4 . 7 8 7 3 3 1
ri Izzoa. 9 8 1 3 8 7.
sa
b) El calor
① 9135
=
① ABS:
suministrado
LH2- H I )
( H y - H3)
t
2911. 624079
c) E l trabajo re a l i z a d o p o r l a turbina
presión
t a l T u r b i n a B a j a presión
1 N Tu r b i n a A l t a
-
H7 8 3 . S
01341
=
=
H y
-
" I K9
141kg
TA P=
INT B P
H 2 - H3
=
945. 7 1 0 8 7
d) El trabajo d e l ciclo.
1Nc i c l o
=
①GBS
I n i c i a l0 = 5 6 5 . 7 4 2 8 9 3
e ) Rendimiento
[
=
① GAS
[=
/①
① r e d= H s - H G
①r e d
-
141k g
C e d=
2345.881186141kg
Té r m i c o
ya
565.742893141kg
-1.624079141kg
×
100
19.43%
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
26 de 28
#"!!
!!!!
! ! ! ! ! ! !
Ciclo de Carnot
Mixto
" "
qq.iq]
¡
*
↳
T , P, H , S
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
27 de 28
$
#
$"
#
"$
#
$"
"!
Ejercicio
La relación entre los volúmenes extremos de un ciclo de Carnot es de 15. Las temperaturas
extremas son de 280°C y 23°C. Calcular:
a. La relación entre los volúmenes en la expansión y la compresión adiabática.
b. El rendimiento térmico entre el ciclo
" ^
¥Í
¥
I S
=
¥
."
V I
553.15k
TD E 296.15k
=
Ta
-
u n
y
T I
=
T 2
=
TAE
1-3 = 7 4 = TBF
V I - I Tzu}-t
"
÷.
T y ✓y
h-t
¥-4
Y
=
¥
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T eV I - 2
"
⇐I
÷-
Evaluación De Propiedades Fiscoquímicas
÷.
-¥
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