UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas UNIDAD 8 : EVAPORACION DE SOLUCIONES ALIMENTICIAS GUIA DE PROBLEMAS RESUELTOS: EVAPORADORES DE EFECTO SIMPLE 1. Un evaporador continuo de efecto simple concentra 10000 kg/hr de una solución de sal al 1,0% en peso que entra a 40°C, hasta una concentración final de 8 % en peso. El espacio del vapor en el evaporador esta a 102 kPa abs. y el vapor de agua que se introduce está saturado a 140 kPa. El coeficiente total U es 1700 W/m2 K. Calcúlense las cantidades de vapor y de líquido como productos, así como el área de transferencia de calor que se requiere. Nota: Calcular la EPE en base al método termodinámico. Las capacidades caloríficas del ClNa (cristales) esta dada por la siguiente ecuación: Cp (cal/mol°C) = 10,79 + 0,000420 T; donde T está en K; 0°C = 273,1 K; y es aplicable para el rango 273 ≤ T ≤ 1074 K. V = 10.000 − P1 V , T 1, S (140 KPa) TS = 109, 27º C 102 KPa T '1 = 100,16º C S C , T SC ⎞ F = 10 . 000 ⎛⎜ Kg hr ⎟⎠ ⎝ T F = 40 º C , x F = 0 , 01 P1 , T ,1 , xP = 0,08 FIGURA 1. Evaporador continuo de efecto simple. Æ Datos: 9 Flujo másico de alimentación: F = 10.000 ⎛⎜ kg ⎞ ⎟ ⎝ hr ⎠ 9 Concentración del liquido diluido: xF = 0,01 9 Concentración del líquido concentrado: xP = 0,08 9 9 9 Presión en el espacio interior del evaporador: 102 KPa Presión del vapor que se introduce en el equipo: 140 KPa. Temperatura de ingreso del liquido diluido o alimentación: 9 Coeficiente de transferencia de calor: U = 1700 W ( m2K TF = 40 °C ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas SOLUCIÓN: En la figura 1 se muestra el diagrama de flujo del proceso de evaporación, por lo tanto para responder a las interrogantes se deben seguir los siguientes pasos. Paso 1 9 Búsqueda de temperaturas de saturación mediante interpolación en las tablas de vapor saturado. Tº saturación 109,27 100,17 Presión KPa 140 102 Paso 2 9 Cálculo de la molalidad. Entendiéndose por molalidad moles de soluto en 1000 gramos de solvente 8 g de soluto = 92 g de solvente x x = 1000 g de solvente = 86,96 g de soluto Por lo tanto con estos gramos de soluto se calcula la molalidad: m= gramos de soluto Peso molecular sal 86,96 59 m = 1, 47 m= Paso 3 9 Cálculo de EPE, basándose en el método termodinámico. EPE = ΔTB = Rg ⋅WA ⋅ T 2 A0 ⋅ m Ecuación 1.0 LV ⋅1000 Siendo: ⎞ Rg = Cons tan te de los gases ideales : 8,314 ⎛⎜ J ⎟ ⎝ mol K ⎠ ⎞ W A = Peso molecular del agua : 18 ⎛⎜ Kg Kgmol ⎟⎠ ⎝ LV = Calor latente de vaporización : 4,0626 x10 4 J mol T A0 = Punto de ebullición del agua pura : 373,1 (K ) ( m = Molalidad Reemplazando en la formula se obtiene: ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas EPE = ΔTB = 8,314 ( J / mol K ) ⋅18 ( Kg / Kg mol ) ⋅ (373,1 K ) 2 ⋅1, 47 4, 0626 ×104 ( J / mol ) ⋅1000 EPE = ΔTB = 0, 75º C Paso 4 ' 9 Cálculo de T 1 . T ,1 = T1 + EPE T ,1 = (100,17 + 0, 75 ) º C Ecuación 1.1 T = 100,92º C , 1 Paso 5 9 Cálculo de producto concentrado P y caudal másico del vapor V, mediante balance de materiales y sólidos. Æ Balance total Como F + S = V + P + Sc Ecuación 1.2 S = Sc , pero S c sale condensado, el balance total queda de la siguiente forma: = + Æ Balance total F Æ Balance de sólidos F ⋅ X F = V ⋅ XV + P ⋅ X P V P Ecuación 1.3 Como la fracción de sólidos en el vapor es igual a cero, la ecuación 1.3 se reduce a la siguiente expresión: F ⋅ XF = V ⋅0 + P⋅ XP F ⋅ XF = P⋅ XP Reemplazando los valores obtenemos el valor de P : P⋅XP = F ⋅XF P ⋅ 0, 08 = 10.000 ⋅ 0, 01 kg P = 1250 hr Reemplazando en la ecuación 1.2 se obtiene V. F =V + P V = F−P Kg Kg − 1250 hr hr Kg V = 8750 hr V = 10000 Ecuación 1.4 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas A continuación se muestra un resumen de temperaturas en el equipo. TF = 40º C = 313,1K T1, = 100,92º C TP = 100,92º C = 374, 02 K TS = 109, 27º C = 382,37 K TSC = 109, 27º C Paso 6 9 Cálculo de C p para la alimentación y el producto. Siendo C p la capacidad calorífica del líquido en el evaporador. Cp = 10,79 + 0,000420 ⋅T Por lo tanto: T = Kelvin Ecuación 1.5 TF = 313,1 K TP = 373,3 K Æ Para la alimentación F: CpF = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ T CpF = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ 313,1 cal 1Kcal 4,186 KJ ⋅ ⋅ mol K 1000cal 1Kcal KJ CpF = 0, 046 mol K CpF = 10,92 Æ Para el producto P: CpP = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ T CpP = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ 374, 02 K CpP = 10,95 cal 1Kcal 4,186 KJ ⋅ ⋅ mol K 1000cal 1Kcal CpP = 0, 046 KJ mol K Paso 7 9 Cálculo de h para las corrientes de vapor con respecto al agua a 0 º C como base, mediante interpolación en las tablas del vapor saturado y agua. h S = Entalpía del vapor de agua saturado que ingresa al equipo a T S hV = Entalpía del vapor saturado que sale del equipo a T1 , h SC = Entalpía del vapor que sale condensado a T S ( hS = 2690,38 kJ Kg ) ( hV = 2676,36 kJ Kg ) ( hSC = 458, 21 kJ Kg ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Paso 8 9 Cálculo de hF y hP , Las entalpías del líquido diluido y concentrado respectivamente hF = CpF ⋅ (TF − Tref ) hF = 0, 046 hF = 1,84 KJ ⋅ ( 313,1 − 273,1) K mol K Ecuación 1.6 KJ mol hP = CpP ⋅ (TP − Tref ) KJ ⋅ ( 374, 02 − 273.1) K mol K KJ hP = 4, 64 mol hP = 0, 046 Ecuación 1.7 Paso 9 9 Cálculo de del vapor de agua requerido por el evaporador mediante un balance de energía. ∑ e n tr a = ∑ s a le F ⋅ h F + S ⋅ h S = P ⋅ h P + V ⋅ hV + S ⋅ h S C Ecuación 1.8 Ordenando la ecuación 1.6 en función de S se obtiene: S = P ⋅ h P + V ⋅ hV − F ⋅ h F ( h S − h SC ) Por lo tanto reemplazando los valores se obtiene: S= 1250kg ⋅ 4, 64 KJ mol ⋅ 0, 018 Kg ) − 10000 Kg ⋅1,84 KJ Kg mol mol ⋅ 0, 018 Kg (2690,38 − 458, 21) KJ Kg mol + 8750 Kg ⋅ (2676,36 KJ S = 10177, 6 Kg / hr Paso 10 9 Cálculo de q , siendo este el calor de transferencia en el equipo. q = A ⋅U ⋅ (Δ T )= Por lo tanto reemplazando se obtiene: S ⋅ (h S − h SC )= S ⋅λ S Ecuación 1.9 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas q = S (hs − hsc ) q = 10177, 6 Kg / hr ⋅ (2690,38 − 458, 21) KJ / Kg q = 22718133, 4 KJ / hr 22718133, 4 KJ / hr 3600s q = 6310, 6 KW ≈ 6310592, 6 W q= Nota: Utilice como factor de conversión para cambiar las unidades de q , lo siguiente: 1 kJ seg =1 kW Paso 11 9 Cálculo de ΔT ΔT = TS − T1, ΔT = (109, 27 − 100,92)º C ΔT = 8,35º C Ecuación 2.0 Paso 12 9 Cálculo de A , siendo el área de transferencia de calor del equipo. A = q U ⋅ΔT Ecuación 1.9 Reemplazando se obtiene: A = 6 3 1 0 5 9 2 , 6W 1 7 0 0 (W / m 2 K ) ⋅ 8 , 3 5 º C A = 444, 6m 2 Por lo tanto el área de transferencia de calor es: A = 444, 6 m 2 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas 2. Una alimentación de 4500 Kg/hr de una solución de sal al 2,0% en peso y 311 K, entra continuamente a un evaporador de efecto simple para concentrarla a 5,0%. La evaporación se lleva a cabo a presión atmosférica y el área del evaporador es 70 m2. El calentamiento se logra con vapor de agua saturado a 385 K. Calcúlense las cantidades de vapor y de líquido producidos y el coeficiente total de transferencia de calor U. Nota: Utilizar las mismas consideraciones y procedimientos del Prob. 1 para estimar el valor de EPE y Cp para las soluciones de salmuera. V ,T1 , V = 4500 − P1 101,35 KPa,100 °C S , T S 1 = 112 ° C 70 m2 ⎞ F = 4500 ⎛⎜ Kg hr ⎟⎠ ⎝ S C ,TS1 T F = 38 ° C (311 K ) X F = 0 , 02 P1 , T1 , X P = 0,05 , FIGURA 2. Evaporador continuo de efecto simple Æ Datos: 4500 ⎛⎜ kg ⎞⎟ ⎝ hr ⎠ 3 Concentración del liquido diluido: xF = 0,02 3 Flujo másico de alimentación F: 3 Concentración del líquido concentrado: xP = 0,05 3 Presión en el espacio interior del evaporador: 101,35 KPa. 3 Temperatura de ingreso del liquido diluido o alimentación: 3 Temperatura del vapor de agua saturado: 3 Área del evaporador: A = 70 m 2 TS = 112 °C 38º C UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas SOLUCIÓN: En la figura 2 se muestra el diagrama de flujo del proceso de evaporación, por lo tanto para responder a las interrogantes se deben seguir los siguientes pasos. Paso 1 9 Búsqueda de temperatura de saturación mediante interpolación en la tabla de propiedades del vapor saturado y del agua. Tº saturación °C 100 Presión KPa 101,35 Paso 2 9 Cálculo de la molalidad. Entendiéndose por molalidad moles de soluto en 1000 gramos de solvente 5 g de soluto = 95 g de solvente x x = 1000 g de solvente = 52, 6 g de soluto Por lo tanto con estos gramos de soluto se calcula la molalidad: gramos de soluto Peso molecular sal 52, 6 m= 59 m = 0,89 m= Paso 3 9 Cálculo de EPE, basándose en el método termodinámico. EPE = ΔTB = Rg ⋅WA ⋅ T 2 A0 ⋅ m Ecuación 1.0 LV ⋅1000 Siendo: ⎞ Rg = Cons tan te de los gases ideales : 8,314 ⎛⎜ J ⎟ ⎝ mol K ⎠ ⎞ W A = Peso molecular del agua : 18 ⎛⎜ Kg Kgmol ⎟⎠ ⎝ LV = Calor latente de vaporización : 4,0626 x10 4 J mol T A0 = Punto de ebullición del agua pura : 373,1 (K ) ( m = Molalidad Reemplazando en la formula se obtiene: ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas EPE = ΔTB = 8,314 ( J / mol K ) ⋅18 ( Kg / Kg mol ) ⋅ (373,1 K ) 2 ⋅ 0,89 4, 0626 ×104 ( J / mol ) ⋅1000 EPE = ΔTB = 0, 45º C Paso 4 ' 9 Calculo de T 1 . T ,1 = T1 + EPE T ,1 = (100 + 0, 45 ) º C Ecuación 1.1 T ,1 = 100, 45º C Paso 5 9 Cálculo de producto concentrado P y caudal másico del vapor V, mediante balance de materiales y sólidos. Æ Balance total Como F + S = V + P + Sc Ecuación 1.2 S = Sc , pero S c sale condensado, el balance total queda de la siguiente forma: = + Æ Balance total F Æ Balance de sólidos F ⋅ X F = V ⋅ XV + P ⋅ X P V P Ecuación 1.3 Como la fracción de sólidos en el vapor es igual a cero, la ecuación 1.3 se reduce a la siguiente expresión: F ⋅ XF = V ⋅0 + P⋅ XP F ⋅ XF = P⋅ XP Reemplazando los valores obtenemos el valor de P : P⋅ XP = F ⋅ XF P ⋅ 0, 05 = 4500 ⋅ 0, 02 P = 1800 kg hr Reemplazando en la ecuación 1.2 se obtiene V. F =V + P V =F−P Kg Kg V = 4500 − 1800 hr hr Kg V = 2700 hr A continuación se muestra un resumen de temperaturas en el equipo. Ecuación 1.4 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas TF = 38º C = 311,1K T1, = 100, 45º C TP = 100, 45º C = 373,55 K TS = 112º C = 385,1K TSC = 112º C Paso 6 9 Cálculo de C p para la alimentación y el producto. Siendo C p la capacidad calorífica del líquido en el evaporador. Cp = 10,79 + 0,000420 ⋅T Por lo tanto: T = Kelvin Ecuación 1.5 TF = 311,1 K TP = 373,55 K Æ Para la alimentación F: CpF = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ T CpF = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ 311,1K cal 1Kcal 4,186 KJ ⋅ ⋅ mol K 1000cal 1Kcal KJ CpF = 0, 046 mol K CpF = 10,92 Æ Para el producto P: CpP = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ T CpP = 10, 79 + 0, 000420 ⋅ 373,55 K cal 1Kcal 4,186 KJ ⋅ ⋅ mol K 1000cal 1Kcal KJ CpP = 0, 046 mol K CpP = 10,95 Paso 7 9 Cálculo de h para las corrientes de vapor con respecto al agua a 0 º C como base, mediante interpolación en las tablas del vapor saturado y agua. h S = Entalpía del vapor de agua saturado que ingresa al equipo a T S hV = Entalpía del vapor saturado que sale del equipo a T1 , h SC = Entalpía del vapor que sale condensado a T S ( kg ) hS = 2694,5 kJ ( kg ) hV = 2676,1 kJ ( kg ) hSC = 469,8 kJ UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Paso 8 9 Cálculo de hF y hP , Las entalpías del líquido diluido y concentrado respectivamente hF = CpF ⋅ (TF − Tref hF = 0, 046 hF = 1, 75 ) KJ ⋅ ( 311,1 − 273,1) K mol K Ecuación 1.6 KJ mol hP = CpP ⋅ (TP − Tref ) KJ ⋅ ( 373,55 − 273.1) K mol K KJ hP = 4, 62 mol hP = 0, 046 Ecuación 1.7 Paso 9 9 Cálculo de del vapor de agua requerido por el evaporador mediante un balance de energía. ∑ e n tr a = ∑ s a le Ecuación 1.8 F ⋅ h F + S ⋅ h S = P ⋅ h P + V ⋅ hV + S ⋅ h S C Ordenando la ecuación 1.6 en función de S se obtiene: S = P ⋅ h P + V ⋅ hV − F ⋅ h F ( h S − h SC ) Por lo tanto reemplazando los valores se obtiene: S= 1700kg ⋅ 4, 62 KJ mol + 2700 Kg ⋅ (2676,1 KJ (2694,5 − 469,8) KJ Kg ⋅ 0, 018 Kg Kg ⋅ 0, 018 Kg mol ) − 4500 Kg ⋅1, 75 KJ mol S = 3247,3Kg / hr Paso 10 9 Cálculo de q , siendo este el calor de transferencia en el equipo. q = A ⋅U ⋅ (Δ T )= Por lo tanto reemplazando se obtiene: S ⋅ (h S − h SC )= S ⋅λ S Ecuación 1.9 mol UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas q = S (hs − hsc ) q = 3247,3Kg / hr ⋅ (2694,5 − 469,8) KJ / Kg q = 7224268,3KJ / hr 7224268,3KJ / hr q= 3600 s q = 2006, 7 KW ≈ 2006741, 2 W Nota: Utilice como factor de conversión para cambiar las unidades de q , lo siguiente: ∑ e n tr a = ∑ s a le F ⋅ h F + S ⋅ h S = P ⋅ h P + V ⋅ hV + S ⋅ h S C 1 kJ =1 kW seg Paso 11 9 Cálculo de ΔT ΔT = TS − T1, ΔT = (112 − 100, 45)º C Ecuación 2.0 ΔT = 11,55º C Paso 12 9 Cálculo de U U = q A ⋅ ΔT Ecuación 1.9 Al reemplazar en la formula se obtiene: 2006741, 2W 70m 2 ⋅11,55°C W U = 2492,9 2 m °C U= ( Por lo tanto el coeficiente total de transferencia de calor es: U = 2492,9 W m2 K ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas 3. Con los mismos valores del área, U, presión de vapor de agua, presión del evaporador y temperatura de la alimentación del Prob. 2, calcular las cantidades de líquido y vapor producidos y la concentración del líquido de salida cuando la velocidad de alimentación se aumenta a 6800 kg/hr. Æ Datos: F = 6800 ⎛⎜ kg ⎞⎟ ⎝ hr ⎠ 3 Flujo de alimentación: 3 Concentración del liquido diluido: 3 Suponga una concentración del líquido final: 3 Presión en el espacio interior del evaporador: 101,35 KPa. 3 Temperatura de ingreso del liquido diluido o alimentación: 3 Temperatura del vapor de agua saturado: 3 3 A = 70 m Calor específico: CpP = CpF = 0, 046 KJ / mol K 3 Coeficiente de transferencia de calor: U = 2492,9 W 3 Temperatura del evaporador: 100°C 3 T ,1 = 100, 45º C 3 hS = 2694,5 kJ 3 3 3 3 xF = 0,02 xP = 0,05 38º C TS = 112 °C 2 Área del evaporador: ( m2 K ) ( kg ) h = 2676,1( kJ ) kg h = 469,8 ( kJ ) kg V SC hP = 4, 62 KJ / mol hF = 1, 75KJ / mol SOLUCIÓN: Paso 1 9 Cálculo de producto concentrado P y caudal másico del vapor V, mediante balance de materiales y sólidos. Æ Balance total Como F + S = V + P + Sc Ecuación 1.2 S = Sc , pero S c sale condensado, el balance total queda de la siguiente forma: = + Æ Balance total F Æ Balance de sólidos F ⋅ X F = V ⋅ XV + P ⋅ X P V P Ecuación 1.3 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Como la fracción de sólidos en el vapor es igual a cero, la ecuación 1.3 se reduce a la siguiente expresión: F ⋅ XF = V ⋅0 + P⋅ XP Ecuación 1.4 F ⋅ XF = P⋅ XP Reemplazando los valores obtenemos el valor de P : P⋅ XP = F ⋅ XF P ⋅ 0, 05 = 6800 ⋅ 0, 02 kg hr P = 2720 Reemplazando en la ecuación 1.2 se obtiene V. F =V + P V = F−P Kg Kg V = 6800 − 2720 hr hr Kg V = 4080 hr Paso 2 9 Cálculo de del vapor de agua requerido por el evaporador mediante un balance de energía. ∑ e n tr a = ∑ s a le Ecuación 1.8 F ⋅ h F + S ⋅ h S = P ⋅ h P + V ⋅ hV + S ⋅ h S C Ordenando la ecuación 1.6 en función de S se obtiene: S = P ⋅ h P + V ⋅ hV − F ⋅ h F ( h S − h SC ) Por lo tanto reemplazando los valores se obtiene: S= 2720kg ⋅ 4, 62 KJ mol + 4080 Kg ⋅ (2676,1 KJ (2694,5 − 469,8) KJ Kg Kg ⋅ 0, 018 Kg ⋅ 0, 018 Kg mol ) − 6800 Kg ⋅1, 75 KJ mol mol S = 4924,5Kg / hr Paso 3 9 Cálculo de q , siendo este el calor de transferencia en el equipo. q = A ⋅U ⋅ (Δ T )= S ⋅ (h S − h SC )= S ⋅λ S Ecuación 1.9 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Por lo tanto reemplazando se obtiene: q = S (hs − hsc ) q = 4924,5Kg / hr ⋅ (2694,5 − 469,8) KJ / Kg q = 10955535, 2 KJ / hr 10955535, 2 KJ / hr q= 3600s q = 3043, 2 KW ≈ 3043204, 2 W Nota: Utilice como factor de conversión para cambiar las unidades de q , lo siguiente: 1 kJ seg =1 kW Paso 4 9 Cálculo de ΔT ΔT = TS − T1, ΔT = (112 − 100, 45)º C Ecuación 2.0 ΔT = 11,55º C Paso 5 9 Cálculo de A , siendo el área de transferencia de calor del equipo. A = q U ⋅ΔT Ecuación 1.9 Reemplazando se obtiene: A= 3 0 4 3 2 0 4, 2 W 2 4 9 2, 9 (W / m 2 K ) ⋅ 1 1, 5 5 º C A = 1 0 5, 7 m 2 Por lo tanto el área de transferencia de calor es: A = 105, 7 m 2 Paso 6 9 Cálculo de la velocidad y concentración del producto. PRe al = PAsumido ⋅ ( ARe al ACalculada PRe a = 2720 Kg ( hr PRe al = 1801, 3 Kg ) ⋅ hr 70 m 2 105, 7 m 2 ) Ecuación 2.1 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Luego, reemplazando en la ecuación 1.4, se obtiene el valor de F ⋅ XF = P⋅ XP 6800 ⋅ 0, 02 = 1801,3 ⋅ X P X P = 0, 076 XP UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas 4. Recalcúlese el Prob. 1 esta vez con una presión del evaporador de 42 kPa en lugar de 102 kPa. Utilizar los mismos valores de presión del vapor, área A y coeficiente de transferencia de calor U. (a) Determine la nueva capacidad o velocidad de alimentación con éstas condiciones. La composición del producto líquido será la misma de antes. (b) Determine la nueva composición del producto al aumentar la velocidad de alimentación a 18150 kg/hr. Æ Datos: 9 Suposición de un flujo másico de alimentación: ( hr ) F = 5000 kg xF = 0,01 9 Concentración del líquido concentrado: xP = 0,08 9 Concentración del liquido diluido: 9 9 9 Presión en el espacio interior del evaporador: 42 KPa Presión del vapor que se introduce en el equipo: 140 KPa. Temperatura de ingreso del liquido diluido o alimentación: 9 Coeficiente de transferencia de calor: U = 1700 W 9 EPE = 0,75 °C 9 hS = 2690,38 kJ ( m2K 9 Calor específico: CpP = CpF = 0, 046 KJ / mol K 9 9 TF = 40 °C ) ( Kg ) h = 2676,36 ( kJ Kg ) h = 458, 21 ( kJ Kg ) V SC SOLUCIÓN: Paso 1 9 Búsqueda de temperaturas de saturación mediante interpolación en las tablas de vapor saturado. Tº saturación °C 109,27 76,9 Presión KPa 140 42 Paso 2 9 Cálculo de producto concentrado P y caudal másico del vapor V, mediante balance de materiales y sólidos. Æ Balance total Como F + S = V + P + Sc Ecuación 1.2 S = Sc , pero S c sale condensado, el balance total queda de la siguiente forma: = + Æ Balance total F Æ Balance de sólidos F ⋅ X F = V ⋅ XV + P ⋅ X P V P Como la fracción de sólidos en el vapor es igual a cero, la ecuación 1.3 se reduce a la siguiente expresión: Ecuación 1.3 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas F ⋅ XF = V ⋅0 + P⋅ XP F ⋅ XF = P⋅ XP Ecuación 1.4 Reemplazando los valores obtenemos el valor de P : P⋅XP = F ⋅XF P ⋅ 0, 08 = 5000 ⋅ 0, 01 kg P = 625 hr Reemplazando en la ecuación 1.2 se obtiene V. F =V + P V =F−P Kg Kg V = 5000 − 625 hr hr Kg V = 4375 hr Paso 3 ' 9 Cálculo de T 1 . T ,1 = T1 + EPE T ,1 = ( 76,9 + 0, 75 ) º C Ecuación 1.1 T ,1 = 77, 65º C A continuación se muestra un resumen de temperaturas en el equipo. TF = 40º C = 313,1K T1, = 77, 65º C TP = 77, 65º C = 350, 75K TS = 109, 27º C = 382,37 K Paso 4 9 Cálculo de TSC = 109, 27º C hF y hP , Las entalpías del líquido diluido y concentrado respectivamente hF = CpF ⋅ (TF − Tref ) KJ ⋅ ( 313,1 − 273,1) K mol K KJ hF = 1,84 mol hF = 0, 046 Ecuación 1.6 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas hP = CpP ⋅ (TP − Tref ) KJ ⋅ ( 350, 75 − 273.1) K mol K KJ hP = 3,57 mol hP = 0, 046 Ecuación 1.7 Paso 5 9 Cálculo de del vapor de agua requerido por el evaporador mediante un balance de energía. ∑ e n tr a = ∑ s a le F ⋅ h F + S ⋅ h S = P ⋅ h P + V ⋅ hV + S ⋅ h S C Ecuación 1.8 Ordenando la ecuación 1.6 en función de S se obtiene: S = P ⋅ h P + V ⋅ hV − F ⋅ h F ( h S − h SC ) Por lo tanto, reemplazando los valores se obtiene: S= 625kg ⋅ 3,57 KJ mol ) − 5000 Kg ⋅1,84 KJ ⋅ 0, 018 Kg Kg mol mol (2690,38 − 458, 21) KJ ⋅ 0, 018 Kg Kg mol + 4375 Kg ⋅ (2676,36 KJ S = 5072, 2 Kg / hr Paso 6 9 Cálculo de q , siendo este el calor de transferencia en el equipo. q = A ⋅U ⋅ (Δ T )= S ⋅ (h S − h SC )= S ⋅λ S Por lo tanto reemplazando se obtiene: q = S (hs − hsc ) q = 5072, 2 Kg / hr ⋅ (2690,38 − 458, 21) KJ / Kg q = 11322012, 7 KJ / hr 11322012, 7 KJ / hr q= 3600s q = 3145KW ≈ 3145003,5 W Nota: Utilice como factor de conversión para cambiar las unidades de q , lo siguiente: 1 kJ seg =1 kW Ecuación 1.9 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Paso 7 9 Cálculo de ΔT ΔT = TS − T1, ΔT = (109, 27 − 77, 65)º C Ecuación 2.0 ΔT = 31, 62º C Paso 8 9 Cálculo de A , siendo el área de transferencia de calor del equipo. A = q U ⋅ΔT Ecuación 1.9 Reemplazando se obtiene: A= 3145003, 5 W 1700(W / m 2 K ) ⋅ 31, 62º C A = 58, 5 m 2 Por lo tanto el área de transferencia de calor es: A = 58,5 m 2 Paso 9 9 Cálculo de la velocidad y concentración del producto. FRe al = FAsumido ⋅ ( ARe al ACalculada FRe a = 5000 Kg ( hr FRe al = 38000 Kg ) ⋅ hr 444, 6 m 2 58, 5 m 2 Ecuación 2.2 ) (b) Determine la nueva composición del producto al aumentar la velocidad de alimentación a 18150 kg/hr. F ⋅ XF = P⋅ XP 18150 ⋅ 0, 01 = 625 ⋅ X P X P = 0, 29 Ecuación 1.4 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas 5.- Se está usando un evaporador de efecto simple para concentrar una alimentación de 10.000 lb/hr de una solución de azúcar de caña a 80ºF que tiene 15°Brix (Grados Brix equivale a porcentaje de azúcar en peso) hasta lograr 30°Brix para usarla en un producto alimenticio. Se dispone de vapor saturado a 240°F para el calentamiento. El espacio del vapor en el evaporador está a 1 atm abs de presión. El valor total de U es 350 BTU/hr-pie2-°F y la capacidad calorífica de la solución de azúcar puede estimarse de: Cp (BTU/lb-°F)=1,0 - 0,56 X. La elevación del punto de ebullición puede estimarse de la siguiente expresión: EPE (°F)= 3,2X + 11,2X². Calcular el área de evaporador requerida, el consumo de vapor de agua por hora y la economía de vapor. Nota: Trabajar en S.I. V = 4536 − P1 V , T 1, S , TS = 115,6º C 101,35 KPa. T1 = 100º C ( F = 4536 K g hr S ) , T C SC T F = 8 0 º C , x F = 0 ,1 5 P1 , T ,1 , xP = 0,30 FIGURA 3. Evaporador continuo de efecto simple Æ Datos: 3 F = 4536 ⎛⎜ kg ⎞⎟ ⎝ hr ⎠ Concentración del liquido diluido: xF = 0,15 3 Concentración del líquido concentrado: 3 Presión en el espacio interior del evaporador: 101,35 KPa. 3 Temperatura de ingreso del liquido diluido o alimentación: 3 Coeficiente de transferencia de calor: U = 1987 ,2 W 3 Flujo másico de alimentación: xP = 0,30 ( TF = 80 °C m2 K ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas SOLUCIÓN: En la figura 3 se muestra el diagrama de flujo del proceso, siguiendo los pasos descritos los cálculos son los siguientes para responder las interrogantes: Paso 1 9 Búsqueda de temperaturas de saturación mediante interpolación en las tablas de vapor saturado. Tº saturación 100 Presión KPa 101,35 Paso 2 9 Cálculo de EPE, basándose en el método termodinámico con x = 0,3 . EPE = 3, 2 x + 11, 2 x 2 EPE = 3, 2 ⋅ 0,3 + 11, 2 ⋅ (0,3) 2 EPE = 1,97° F = 3,55°C Ecuación 2.3 Paso 3 ' 9 Cálculo de T 1 . T ,1 = T1 + EPE T ,1 = (100 + 3,55 ) º C Ecuación 1.1 T ,1 = 103,55º C Paso 4 9 Cálculo de producto concentrado P y caudal másico del vapor V, mediante balance de materiales y sólidos. Æ Balance total Como F + S = V + P + Sc Ecuación 1.2 S = Sc , pero S c sale condensado, el balance total queda de la siguiente forma: = + Æ Balance total F Æ Balance de sólidos F ⋅ X F = V ⋅ XV + P ⋅ X P V P Ecuación 1.3 Como la fracción de sólidos en el vapor es igual a cero, la ecuación 1.3 se reduce a la siguiente expresión: F ⋅ XF = V ⋅0 + P⋅ XP F ⋅ XF = P⋅ XP Reemplazando los valores obtenemos el valor de P : Ecuación 1.4 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas P⋅XP = F ⋅XF P ⋅ 0, 3 = 4536 ⋅ 0,15 kg P = 2268 hr Reemplazando en la ecuación 1.2 se obtiene V. F =V + P V = F −P Kg Kg − 2268 V = 4536 hr hr Kg V = 2268 hr A continuación se muestra un resumen de temperaturas en el equipo. TF = 80º C = 353,1K T1, = 103,55º C TP = 103,55º C = 376, 65K TS = 115, 6º C = 382,37 K TSC = 115, 6º C Paso 5 9 Cálculo de C p para la alimentación y el producto. Siendo C p la capacidad calorífica del líquido en el evaporador. Cp = 1.0 − 0.56 x Donde Ecuación 2.4 x , es la fracción de sólidos de los líquidos diluido y concentrado. Por lo tanto: TF = 353,1 K TP = 376, 65 K Æ Para la alimentación F: CpF = 1.0 − 0.56 x ( CpF = 0,916 BTU Æ Para el producto lbº F ) → CpF = 1.0 − 0,56 ⋅ 0,15 → CpF = 3,83 kJ ( kg º C ) P: CpP = 1.0 − 0.56 x ( CpP = 0,832 BTU lb º F ) → CpP = 1, 0 − 0,56 ⋅ 0,30 → CpP = 3, 48 kJ ( kg º C ) UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Paso 6 9 Cálculo de h para las corrientes de vapor con respecto al agua a 0 º C como base, mediante interpolación en las tablas del vapor saturado y agua. h S = Entalpía del vapor de agua saturado que ingresa al equipo a T S hV = Entalpía del vapor saturado que sale del equipo a T1 , h SC = Entalpía del vapor que sale condensado a T S ( hS = 2699,88 kJ Paso 7 9 Cálculo de Kg ) ( hV = 2681,57 kJ Kg ) ( hSC = 485, 03 kJ Kg ) hF y hP , Las entalpías del líquido diluido y concentrado respectivamente hF = CpF ⋅ (TF − Tref ) KJ ⋅ ( 80 − 0 ) °C Kg °C KJ hF = 306, 4 Kg hF = 3,83 hP = CpP ⋅ (TP − Tref Ecuación 1.6 ) KJ ⋅ (103,55 − 0 ) °C Kg °C KJ hP = 360, 4 Kg hP = 3, 48 Ecuación 1.7 Paso 8 9 Cálculo de del vapor de agua requerido por el evaporador mediante un balance de energía. ∑ e n tr a = ∑ s a le F ⋅ h F + S ⋅ h S = P ⋅ h P + V ⋅ hV + S ⋅ h S C Ordenando la ecuación 1.6 en función de S se obtiene: S = P ⋅ h P + V ⋅ hV − F ⋅ h F ( h S − h SC ) Por lo tanto reemplazando los valores se obtiene: Ecuación 1.8 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas S= 2268kg ⋅ 360, 4 KJ Kg + 2268 Kg ⋅ (2681,57 KJ ) − 4535Kg ⋅ 306, 4 KJ Kg Kg (2699,88 − 485, 03) KJ Kg S = 2487, 6 Kg / hr Paso 9 9 Cálculo de q , siendo este el calor de transferencia en el equipo. q = A ⋅U ⋅ (Δ )= T S ⋅ (h S − h SC )= S ⋅λ S Ecuación 1.9 Por lo tanto, reemplazando se obtiene: q = S (hs − hsc ) q = 2487, 6 Kg / hr ⋅ (2699,88 − 485, 03) KJ / Kg q = 5509660,9 KJ / hr 5509660,9 KJ / hr q= 3600s q = 1530,5 KW ≈ 1530461, 4 W Nota: Utilice como factor de conversión para cambiar las unidades de q , lo siguiente: 1 kJ seg =1 kW Paso 10 9 Calculo de ΔT ΔT = TS − T1, ΔT = (115, 6 − 103,55)º C Ecuación 2.0 ΔT = 12, 05º C Paso 11 9 Cálculo de A , siendo el área de transferencia de calor del equipo. A = q U ⋅ΔT Ecuación 1.9 Reemplazando se obtiene: A = 1 5 3 0 4 6 1, 4 W 1 9 8 7 , 2 (W / m 2 K ) ⋅ 1 2 , 0 5 º C A = 6 3, 9 m 2 Por lo tanto el área de transferencia de calor es: A = 63,9 m 2 UNIVERSIDAD AUSTRAL DE CHILE INSTITUTO DE CIENCIA Y TECNOLOGIA DE LOS ALIMENTOS (ICYTAL) / ASIGNATURA : Ingeniería de Procesos III (ITCL 234) PROFESOR : Elton F. Morales Blancas Paso 12 9 Cálculo de la economía de vapor (E.V ) . Se entiende por economía de vapor de agua a la relación, existente entre el agua evaporada total y el vapor consumido, entendiéndose entonces como el rendimiento de operación de un sistema de evaporación. Esto en un lenguaje matemático se expresa con la ecuación (12): E.V = agua evaporada total V ⎛ Kg agua evaporada ⎞ ⎟⎟ = ⎜⎜ vapor consumido S ⎝ Kg de vapor ⎠ E.V = 2268 = 0,91 2487, 6 Ecuación 2.5